本周的谜语人经典就是烤最大的馅饼。正好赶上π天!
你面前摆着一张硬皮。烘烤后,你的馅饼皮会变成一个厚度均匀(或者更确切地说,厚度很薄)的圆柱体,里面有美味的馅料。
为了最大限度地增加馅饼的体积,你应该用多少薄皮来做馅饼的圆形底部(即底部)?
这是我的解决方案:
[显示解决方案]
因为我们有固定数量的外壳,我们将其塑造成圆柱体,所以问题是最大化固定区域的体积。这被称为等体积问题(这是一个用词不当的词;它实际上应该被称为等面积问题).
假设地壳的面积为$A$。考虑到这一面积,我们希望最大化气缸的体积。假设底面半径为$r$,高度为$h$。那么公式是:
\[
A=2\pi r^2+2\pi r h\qquad\text{和}\qquad V=\pi r^2 h。
\]由于区域$A$是固定的,我们不能自由选择$r$和$h$。一旦选择了$r$,$h$将由$A$的方程式唯一确定。从面积方程中用$A$求解$h$,我们得到:
\[
h=\frac{A-2\pir^2}{2\pir}
\]将$h$的值代入$V$的方程式中,我们得到:
\[
V=\压裂{1}{2}r(A-2\pi r^2)
\]下面是函数$V(r)$在值$a=1$时的外观图:
![](https://laurentlessard.com/bookproofs/wp-content/uploads/2021/03/biggest_pie-1024x641.png)
我们可以通过寻找这样一个$\frac{\mathrm的$r$来最大化$V${d} V(V)}{\mathrm(马特姆){d} 第页}=0$和$\frac{\mathrm{d}^2V}{\mathr{d} 第页^2} \lt 0美元。换句话说,在最佳选择$r$时,曲线$V(r)$的切线是平的,曲率是负的(曲线向下)。由此得出以下方程式:
\[
\裂缝{1}{2}(A-6\pir^2)=0\qquad\text{和}\qquad-6\pir\lt0
\]由于$r\geq0$(半径不能为负),第二个方程总是成立的,第一个方程意味着$r=\sqrt{\frac{A}{6\pi}}$。如果$A=1$如上图所示,这将导致$r=0.23033$,这看起来很正确!通过$r$的最佳选择,$h$的相应选择变为$h=\sqrt{\frac{2A}{3\pi}}$,相应的最佳体积为$V=\frac{A^{3/2}}{3\sqrt}6\pi}$。有趣的是,我们可以通过这些选择观察到,
\[
2r=2\sqrt{\frac{A}{6\pi}}=\ sqrt{\frac{4A}{6\pi}}=\ sqrt{\frac{2A}{3\pi}}=h
\]所以为了最大化面积,直径应该等于高度!换句话说,从侧面看,我们的馅饼应该是方形的;我们会做更多的蛋糕而不是馅饼。
用作最佳馅饼底部的外壳比例为:
\[
\frac{\pir^2}{A}=\frac{\pi\left(\frac{A}{6\pi}\right)}{A{=\frac{1}{6}。
\]
$\显示样式
\开始{对齐}
&\文本{所以我们应该使用外壳的$\tfrac{1}{6}$作为底部,$\tfrac{1}}{6{$作为顶部,}\\
&\文本{和剩余的$\tfrac{2}{3}$用于侧面。}
\结束{对齐}$
解释这个高馅饼形状的一种方法是回想一下前面讨论的等容问题。等体积问题的解决方案是一个球体。因此,为了尽可能高效,馅饼的形状应该尽可能接近球形,因此形状应该很高。对于球体,$a=4\pi r^2$和$V=\frac{4}{3}\pi r^3$,因此通过消除$r$,我们得到$V=\frac{a^{3/2}}{6\sqrt{\pi}}}$。
如果我们取球体的体积与优化圆柱体的体积之比,我们得到:
\[
\压裂{V_\text{圆柱体}}{V_\text{球体}}=\压裂{A^{3/2}}{3\sqrt{6\pi}}{A^}3/2}{6\sqrt{\pi}{}}=\sqrt{2}{3\压裂{3}}}约0.8165
\]因此,优化后的圆柱形饼的体积约为最大可能体积的82%。
优点:底部和顶部区域不同
如果饼图的顶部和底部区域具有不同的半径,则形状不再是圆柱体,而是圆锥体的圆台。公式现在有点复杂,因为它们取决于两个半径($r$和$r$)和高度$h$:
\开始{align}
A&=\pi(r+r)\sqrt{h^2+(r-r)^2}+\pi\left(r^2+r^2\right)\\
V&=\frac{1}{3}\pi h\left(r^2+rR+r^2\right)
\结束{align}使用与前面类似的过程(在面积方程中求解$h$,并将其代入体积方程),我们得到了以下仅取决于顶部和底部半径的体积公式
\[
V=\frac{\左(r^2+rR+r^2\右)\sqrt{\左
\]最优性的一个必要条件是两个偏导数都为零,即$\frac{\partialV}{\paratilr}=\frac}\partial V}{\ partialR}=0$。由此得出以下方程式:
\开始{align}
\frac{\partial V}{\partical r}&=-\frac{r\left(A-2\pi r^2\right)\left(2\pi\ left(4r^2R+2r^3+2rR^2+r^3\ right)-A(r+2R)\right)}{3(r+r)^2\sqrt{\ left\\
\frac{\部分V}{\部分R}&=-\ frac{R\左(A-2\pi R^2\右)\左(2\pi\左(2r^2R+R^3+4r^2+2 R^3\右)-A(2r+R)\右)}{3(R+R
\结束{align}很多比普通圆柱壳更凌乱……但我们可以简化这一点。$A\gt 2\pi R^2$和$A\gt2\pir R^2$必须是真的,因为较小圆圈的面积加上边的面积必须至少等于较大圆圈的区域(只有当饼是平的时,它们才相等)。因此,如果$\frac{\partialV}{\paratilr}=\frac}\partial V}{\ partialR}=0$,我们可以取消一组项,剩下的是:
\开始{align}
2\pi\左(4r^2R+2r^3+2r^2+r^3\右)-A(r+2R)&=0&&(1)\\
2\pi\左(2r^2R+r^3+4r^2+2R^3\右)-A(2r+r)&=0&&(2)
\结束{align}此看起来仍然很难解决,但我们可以做一个聪明的观察。如果我们从另一个$(2)-(1)$和因子中减去一个方程,我们得到:
\[
(R-R)\左(A+2\pi R^2+6\pi R R+2\piR R^2\right)=0
\]右因子由一个正项的和组成,因此必须是正的。因此我们得出结论,$R=R$。换言之,我们获得最佳音量的唯一方法是,顶部和底部的圆圈大小相等。这将我们更复杂的情况简化为我们在上面已经解决的更简单的情况。