在本节中,我们将为潜在的Kadomtsev–Petviashvili方程和(\(3+1\))-采用Hirota方法和Riemannθ函数的维势-YTSF方程及其性质(2.5).
4.1潜在的Kadomtsev–Petviashvili方程
以下内容(\(2+1\))-维势Kadomtsev–Petviashvili方程[26]被认为:
$$u{t}+\压裂{3}{4} 单位_{x} ^{2}+\压裂{1}{4} u个_{xxx}+\压裂{3}{4}\部分{x}^{-1}u{yy}=0$$
(4.1)
它被转换成双线性形式
$$\bigl[4D_{x} D类_{t} +D_{x}^{4}+3D_{y}^{2}\bigr]F\cdot F=0$$
(4.2)
在因变量变换下\(u=2(在F中){x}).
我们引入了方程的黎曼θ函数解(4.1)作为
$$F=\sum_{n=-\infty}^{\infty}e^{2\pi in \zeta+\pi in ^{2}\tau}$$
(4.3)
哪里\(n\in\mathcal{Z}\),\(\tau\in\mathcal{C}\),\(\operatorname{Im}\tau>0\)和\(zeta=kx+ly+ωt).
替换(4.3)到(4.2),我们得到
$$开始{对齐}&G(D_{x},D_{y},D _{t})F\cdot F\\&\quad=G}\\&\quad=\sum_{n=-\infty}^{\infty}\sum_{m=-\infty}^{\infty}G(D_{x},D_{y},D _{t})e^{2\pi in \zeta+\pi in ^{2}\tau}e ^{2 \pi im \ zeta+\ pi im ^{2}\ tau}\&&\ quad=\sum_{n=-\ infty}^{infty}\sum_{m=-\ infty}^{infty}G\ bigl[2\pi(n-m)k,2 \pi(n-m)l,2 \pi(n-m)\ omega \ bigr]e ^{2 \pi(n+m)\ zeta+\ pi i(n ^{2}+m ^{2})\ tau}\&&\ quad=\sum_{p=-\infty}^{\infty}\sum_{n=-\infty}^{\infty}G\bigl[2\pi(2n-p)k,2\pi i(2n-p)l,2\pi i(2n-p)\omega\bigr]e^{\pii(n^{2}+(p-n)^{2{)\tau}e^{2\piip\zeta}\\&\quad=\sum_{p=-\infty}^{\infty}\bar{G}(p)e^{2\piip\zeta},\end{aligned}$$
哪里\(n+m=p).注意到
$$开始{对齐}\bar{G}(p)=&\sum_{n=-\infty}^{\infty}G\bigl(2\pi i(2n-p)k,2\pii(2n-p)l,2\πi(2-p)\omega\bigr]e^{\pii(n^{2}+(p-n)(2n-(p-2)\大)k,2\pi i \大\乘以e^{\pi i((N+1)^{2}+(p-N-1)^{2})\tau}\\=&\sum_{N=-\infty}^{\infty}G\bigl[2\pi i\bigl(2N-(p-2)\bigr)k,2\pi i\ biglπi(N^{2}+(p-N-2)^{2{)\tau}e^{2\pii(p-1)\tau}\\=&\bar{G}(p-2)e^{2\pii(p-1)\tao},\end{aligned}$$
这表明如果\(\bar{G}(0)=\bar{G}(1)=0\),然后
$$\bar{G}(p)=0,\quad p\in\mathcal{Z}$$
(4.4)
因此,我们可以让
$$\开始{对齐}&\bar{G}(0)=\sum_{n=-\infty}^{\infty}\bigl[-64\pi^{2} n个^{2} k个\ω+256\pi^{4} n个^{4} k个^{4} -48\pi^{2} n个^{2} 我^{2} +\mu\bigr]e^{2\pi在^{2}\tau}=0,\end{aligned}中$$
(4.5)
$$\开始{对齐}&\bar{G}(1)=\sum_{n=-\infty}^{\infty}\bigl[-16\pi^{2}(2n-1)^{2} k个\ω+16\pi^{4}(2n-1)^{4} k个^{4} -12\pi^{2}(2n-1)^{2} 我^{2} +\mu\bigr]\\&\hphantom{\bar{G}(1)=}{}\乘以e^{\pii(n^{2}+(n-1)^{2{)\tau}=0。\结束{对齐}$$
(4.6)
表示
$$开始{对齐}和\Delta_{1}(n)=^{2}\tau}中的e^{2\pi,\qquad\Delta_2}^{2} n个^{2} k个\Delta{1}(n),\qquad A{12}=\sum_{n=-\infty}^{\infty}\Delta{1\n(n)^{2} k个\Delta_{2}(n),_quad A_{22}=\sum_{n=-\infty}^{\infty}\Delta_{2}(n),\\&B_{1}=-\sum_{n=-\infty}^{\infty}\bigl(256\pi^{4} n个^{4} k个^{4} -48\pi^{2} n个^{2} 我^{2} \biger)\Delta_{1}(n),\\&B_{2}=-\sum_{n=-\infty}^{\infty}\bigl[16\pi^{4}(2n-1)^{4} k个^{4} -12\pi^{2}(2n-1)^{2} 我^{2} \bigr]\Delta_{2}(n)。\结束{对齐}$$
然后是等式(4.5)和(4.6)可以写为
$$A{11}\omega+A{12}\mu=B_{1},\qquad A{21}\omega+A{22}\mu=B_{2}$$
通过解决这个系统,我们得到
$$\omega=\压裂{B_{1} A类_{22}-A_{12} B类_{2} }{A_{11} A类_{22}-A_{12} A类_{21}},\qquad\mu=\frac{A_{11} B类_{2} -A类_{21}乙_{1} }{A_{11} A类_{22}-A_{12} A类_{21}}. $$
(4.7)
因此,周期波解由下式给出
哪里ω和F类由等式确定(4.7)和(4.3)分别是。
接下来,我们将证明孤子解可以作为周期波解的极限获得。根据方程式(4.3),我们重写F类作为
$$F=1+\alpha\bigl(e^{2\pii\zeta}+e^{-2\pii\zeta}\bigr)+\alfa^{4}\bigl-(e^}4\pii\ zeta}+e^}-4\pii\fzeta}\bigr)+\cdots$$
(4.9)
哪里\(\alpha=e^{\pii\tau}\).
设置
$$K=2\pi-ik,\qquad L=2\pi il,\qquad\varOmega=2\pii\omega,\qquid\zeta'=Kx+Ly+\varOmega t+\pi i\tau$$
我们得到
$$\begin{aligned}F=&1+\alpha\bigl(e^{2\pii\zeta}+e^{-2\pii\zeta}\bigr)+\alfa^{4}\ bigl alpha^{6}\bigl(e^{-2\zeta'}+e^{3\zeta`}\bigr)+\cdots\\\to&1+e^}\zeta'},\quad\mbox{as}\alpha\到0。\结束{对齐}$$
(4.10)
因此,周期波解(4.8)转向孤子解
$$u=2(ln F)_{x},\qquad F=1+e^{zeta'},\ qquad\zeta'=Kx+Ly+\varOmega t+\pi i\tau$$
(4.11)
如果我们能证明
$$\varOmega\to-\frac{K^{3}}{4}-\frac{3L^{2}}{4K}$$
(4.12)
事实上,很容易知道
$$\开始{对齐}&A_{11}=-128\pi^{2} k个\bigl(\alpha^{2}+4\alpha ^{8}+\cdots\biger),\qquad A_{12}=1+2\alpha_{2}+2\ alpha^}8}+\ cdots,\\&A_{21}=-32\pi^{2} k个\bigl(\alpha+9\alpha^{5}+\cdots\bigr),\qquad A_{22}=2\alpha+2\alpha ^{5{+\cdot,\\&B_{1}=2\bigl^{4} k个^{4} -48\pi^{2} 我^{2} \bigr)\alpha^{2}+2\bigl(256\pi^{4}2^{4} k个^{4} -48π^{2}2^{2} 我^{2} \biger)\alpha^{8}+\cdots,\\&B_{2}=-2\bigl(16\pi^{4} k个^{4} -12\pi^{2} 我^{2} \bigr)\alpha+2\bigl(16\pi^{4}3^{4} k个^{4} -12\pi^{2}3^{2} 我^{2} \biger)\alpha^{5}+\cdot,\end{aligned}$$
这导致
$$\开始{aligned}\开始{arigned}&B_{1} A类_{22}-A_{12} B类_{2} =2\bigl(16\pi^{4} k个^{4} -12\pi^{2} 我^{2} \biger)\alpha+o(\alpha),\\&A_{11} A类_{22}-A_{12} 一个_{21}=32\pi^{2} k个\alpha+o(\alpha),\end{aligned}\end{aligned}$$
(4.13)
根据(4.7),我们得到
$$\omega\to\pi^{2} k个^{3} -\frac{3l^{2}}{4k},\quad\mbox{as}\alpha\到0$$
(4.14)
相当于
$$\varOmega\到-\frac{K^{3}}{4}-\frac{3L^{2}}{4K},\quad\mbox{as}\alpha\到0$$
4.2(\(3+1\))-维电势-YTSF方程
通过第节中的类似分析过程。 4.1,我们有
$$\开始{对齐}&\bar{G}(0)=\sum_{n=-\infty}^{\infty}\bigl[64\pi^{2} n个^{2} k个\ω+256\pi^{4} n个^{4} k个^{3} 米-48π^{2} n个^{2} 我^{2} +\lambda\bigr]e^{2\pi在^{2}\tau}=0,\end{aligned}中$$
(4.15)
$$\开始{对齐}&\bar{G}(1)=\sum_{n=-\infty}^{\infty}\bigl[16\pi^{2}(2n-1)^{2} k个\ω+16\pi^{4}(2n-1)^{4} k个^{3} 米-12\pi^{2}(2n-1)^{2} 我^{2} +\lambda\bigr]\\&\hphantom{\bar{G}(1)=}{}\乘以e^{\pii(n^{2}+(n-1)^{2{)\tau}=0。\结束{对齐}$$
(4.16)
表示
$$开始{对齐}和\Delta_{1}(n)=^{2}\tau}中的e^{2\pi,\qquad\Delta_2}^{2} n个^{2} k个\Delta{1}(n),\qquad A{12}=\sum_{n=-\infty}^{\infty}\Delta{1\n(n)^{2} k个\增量{2}(n),平方A{22}=\sum_{n=-\infty}^{\infty}\Delta{2}(n)^{4} n个^{4} k个^{3} 米-48\pi^{2} n个^{2} 我^{2} \biger)\Delta_{1}(n),\\&B_{2}=-\sum_{n=-\infty}^{\infty}\bigl[16\pi^{4}(2n-1)^{4} k个^{3} 米-12\pi^{2}(2n-1)^{2} 我^{2} \bigr]\Delta_{2}(n)。\结束{对齐}$$
然后方程(4.15)和(4.16)可以写为
$$A{11}\omega+A{12}\lambda=B_{1},\qquad A{21}\omega+A{22}\lampda=B_2}$$
通过求解系统,我们得到
$$\omega=\压裂{B_{1} A类_{22}-A_{12} B类_{2} }{A_{11} A类_{22}-A_{12} A类_{21}},\qquad\lambda=\frac{A_{11} B类_{2} -A类_{21}乙_{1} }{A_{11} 一个_{22}-A_{12} A类_{21}}. $$
(4.17)
因此,周期波解由下式给出
$$u=\压裂{3}{2}(\ln F)_{x}$$
(4.18)
哪里ω和F类由等式确定(4.17)和(4.3)分别是。
根据方程式(4.3),我们重写F类作为
$$F=1+\delta\bigl(e^{2\pii\zeta}+e^{-2\pii\zeta}\bigr)+\delta ^{4}\bigl$$
(4.19)
哪里\(δ=e^{\pii\tau}\).
设置
$$\begin{aligned}&K=2\pi-ik,\qquad L=2\pi il,\qquad M=2\pi-im,\qquid\varOmega=2\pii\omega,\\&\zeta'=Kx+Ly+Mz+\varOmega t+\pii\tau,\end{alinged}$$
产量
$$开始{对齐}F=&1+\delta\bigl(e^{2\pii\zeta}+e^{-2\pii\zeta}\bigr)+\delta(e^}4\pii\ zeta}+e^{-4\pii\fzeta}\bigr增量^{6}\bigl(e^{-2\zeta'}+e^{3\zeta'}\bigr)+\cdots\\\到&1+e^}\zeta''},\quad\mbox{as}\增量\到0。\结束{对齐}$$
(4.20)
因此,如果我们能证明
$$\varOmega\to\压裂{K^{2} M(M)}{4} +\frac{3L^{2}}{4K},\quad\mbox{as}\delta\到0$$
(4.21)
周期波解(4.18)转向孤子解
$$u=\frac{3}{2}(\ln F)_{x},\qquad F=1+e^{zeta'},\ qquad\zeta'=Kx+Ly+Mz+\varOmega t+\pi i\tau$$
(4.22)
事实上,很容易知道
$$\开始{aligned}&A_{11}=128\pi^{2} k个\bigl(δ^{2}+4δ^{8}+\cdots\biger),\\&A_{12}=1+2\delta^{2{+2\δ^{8}+\cdots,\qquad A_{21}=32\pi^{2} k个\bigl(\delta+9\delta^{5}+\cdots\bigr),\qquad A_{22}=2\delta+2\delta^{5%+\cdot,\\&B_{1}=2\bigl^{4} k个^{3} 米-48\pi^{2} 我^{2} \bigr)\delta^{2}+2\bigl(256\pi^{4}2^{4} k个^{3} 米-48\pi^{2}2^{2} 我^{2} \biger)\delta^{8}+\cdots,\\&B_{2}=-2\bigl(16\pi^{4} k个^{3} 米-12\pi^{2} 我^{2} \bigr)\delta+2\bigl(16\pi^{4}3^{4} k个^{3} 米-12\pi^{2}3^{2} 我^{2} \biger)\delta^{5}+\cdot,\end{aligned}$$
这导致
$$\开始{对齐}(&B)_{1} A类_{22}-A_{12} B类_{2} =2\bigl(16\pi^{4} k个^{3} 米-12\pi^{2} 我^{2} \biger)\delta+o(\delta),\\&A_{11} 一个_{22}-A_{12} A类_{21}=-32\pi^{2} k个\增量+o(\增量)。\结束{对齐}$$
根据(4.17),我们得到
$$\omega\到-\pi^{2} k个^{2} 米+\frac{3l^{2}}{4k},\quad\mbox{as}\delta\到0$$
相当于
$$\varOmega\to\压裂{K^{2} M(M)}{4} +\frac{3L^{2}}{4K},\quad\mbox{as}\delta\到0$$