在本节中,我们推导了问题的最低Raviart-Tomas矩形混合有限元的一致误差估计(2.1)用周期边界条件封闭。为了实现这一目标,我们首先介绍以下预测:
我们定义\(右_{h} v(v)\在\mathcal中{问}_{0}(\Omega_{ij})是任意函数的分段常数插值\(v在C中(上划线{\Omega}_{ij}),即
$$卢比_{h} v(v)(x,y)=v(x{i-\压裂{1}{2}},y{j-\压裂{1'{2})$$
(3.1)
让\(\Pi_{h}\)是拉维亚特·托马斯投影(参见[13])令人满意的
$$\bigl(\nabla\cdot(\boldsymbol{\chi}-\Pi_{h}\boldsymbol{\ chi}),v_{h{\bigr)=0,v_{hneneneep中的\quad v_{h}$$
(3.2)
和
$$\|\boldsymbol{\chi}-\Pi_{h}\boldsymbol{\chi}\|\leq Qh\|\boldsymbol{\chi}\|_{1}$$
(3.3)
让\(\boldsymbol{\eta}=\mathbf{z}(z)-\Pi_{h}\mathbf{z}\),\(\boldsymbol{\xi}_{h}=\Pi_{hneneneep \mathbf{z}(z)-\马特布夫{z}(z)_{h} \),\(\rho=c-R_{h} c(c)\)和\(e_{h}=R_{h} c至c_{h} \)然后,以下估计是众所周知的\(k=0,1)(请参见[14,15]):
$$\开始{对齐}&\|\rho\|_{L^{infty}(H^{k}(\Omega)$$
(3.4)
$$\开始{aligned}&\|v_{h}\|_{1}\leqQh^{-1}\|v{h}\ |,\quadv_{h2}\in\mathcal{P}(P)_{1} ,\结束{对齐}$$
(3.5)
其中所有常量问独立于小时和ε此外,我们表示为\(\mathcal{P}(P)_{k} \)次数小于或等于的多项式空间k个(\(k\geq0\)).
组合(3.3)带着这个假设\(\mathbf{z}=-\varepsilon\nabla c\),我们有
$$\|\boldsymbol{\eta}\|_{L^{\infty}(L^{2}(\Omega))}\leq\varepsilon Qh\|c\|_}L^{\infty}(H^{2{(\欧米茄))}$$
(3.6)
借助这些初步结果,我们能够证明\(\|c-c_{h}\|_{L^{infty}(L^{2})}\)和\(|\!|\!| \ mathbf{z}-\马特布夫{z}(z)_{h} | \!| \|_{L^{2}(\mathbf{左}_{\varepsilon}^{2})}\).签署人(2.2)(2.4)和(3.2),我们得到以下形式的误差方程:
$$开始{聚集}\text{(a)}\quad\bigl(D_{n}^{-1}\boldsymbol{\xi}_{h}^{n},\boldsymbol{\ chi}_{h}\bigr)-{\varepsilon}\bigl \boldsymbol{\chi}_{h}\bigr)-\bigl(D_{n}^{-1}\boldsymbol{\ta}^{n},\boldsimbol{\ chi}_{h}\ bigr,\quad\boldsymbol{\chi}_{h}\in\mathbf{高}_{h} ,\\text{(b)}\quad\biggl(\frac{e_{h}^{无}-{\bar{电子}_{h} ^{n-1}}{{Delta}t},v_{h}\biggr)+\bigl^{无}-{\bar{c}^{n-1}}{{\Delta}t}-\psi^{n}\frac{\partial c^{n{}}{\ partial tau},v_{h}\biggr)-\biggl(\frac}{\rho}^{无}-{\bar{{\rho}}^{n-1}}{{\Delta}t},v{h}\biggr),v{h}中的四v{h{}。\结束{聚集}$$
(3.7)
我们选择\(黑体符号{\chi}_{h}=\boldsymbol{\xi}_{h}^{n}\)和\(v{h}=e_{h}^{n}\)英寸(3.7a) 和(3.7b) 分别为。我们乘法(3.7b) 由ε并添加(3.7a) 和(3.7b) 共同屈服
$$开始{对齐}[b]&\bigl^{无}-{\bar{电子}_{h} ^{n-1}}}{{\Delta}t}\biggr)\\&\quad={\varepsilon}\bigl(e_{h}^{n},\frac{c^{无}-{\bar{c}^{n-1}}{{\Delta}t}-\psi^{n}\frac{\partial c^{n{}{\parial\tau}\biggr)-{\varepsilon}\bigl(e_{h}^{nneneneep,\frac}{\rho}^{无}-{\bar{\rho}}^{n-1}}{{\Delta}t}\biggr)\\&\quad\quadra{}+{\varepsilon}\bigl \更大)。\结束{对齐}$$
(3.8)
根据的结果[2],我们得到
$$\大\|\bar{电子}_{h} ^{n-1}\big\|^{2}\leq(1+Q\Delta t)\big\ |e_{h}^{n-1}\big \ |^{2}$$
(3.9)
组合(3.9),的左侧(3.8)以为界
$$开始{对齐}[b]&\bigl^{无}-{\bar}{电子}_{h} ^{n-1}}{{\Delta}t}\biggr)\\&\quad\geq\frac{\varepsilon}{2\Delta-t}\bigl{电子}_{h} ^{n-1},\bar{电子}_{h} ^{n-1}\bigr)\bigr)+\alpha_{0}\big\|\boldsymbol{xi}_{h}^{n}\big\|^{2}\&&\quad\geq\frac{\varepsilon}{2{\Delta}t}\bigl(\big\|e_{h}^{n}\big\|^{2}-(1+Q{\Delta t})\big\|e_{h}^{n-1}\big\ |^{2}\biger)+{\alpha_{0}\big \|\boldsymbol{\xi}_h}^}n}\big-\ |^}2}},\end{aligned}$$
(3.10)
其中,我们在第一步中使用了以下不等式:
$$\压裂{1}{2}\bigl(x^{2} -年^{2} \biger)\leq\frac{1}{2}\bigl(x^{2} -年^{2} \biger)+\frac{1}{2}(x-y)^{2}=(x-y)x,\quad\text{表示R中的任意}x,y\$$
我们插上插头(3.10)到(3.8)并使用三角形不等式获得
$$开始{aligned}[b]&\frac{\varepsilon}{2{\Delta}t}\bigl(\big\|e_{h}^{n}\big\ |^{2}-(1+Q{\Delta t})\big\|e_{h}^{n-1}\big\ |^{2}\biger)+{\alpha_{0}\big \ |\boldsymbol{\xi}_h}^}n}\big-\ |^}}\\&\quad\leq\bigg|{\varepsilon}\biggl(e_{h2}^{n},\frac{c^{无}-{\bar{c}^{n-1}}{{\Delta}t}-\psi^{n}\frac{\partial c^{n{}{\parial\tau}\biggr)\bigg|+\big|{\varepsilon}\bigl(e_{h}^{n},压裂{{rho}^{无}-{\bar{{\rho}}^{n-1}}{{\Delta}t}\biggr)\bigg|+\big|\bigl(D_{n}^{-1}\boldsymbol{\eta}^{n},\boldsymbol{\\xi}_{h}^{n\bigr)\big|。\结束{对齐}$$
(3.11)
接下来,我们开始估算(3.11)逐个术语。中的第一个和第四个术语(3.11)直接受Hölder不等式和[11]:
$$\开始{aligned}和\开始{arigned}[b]&\bigg|{\varepsilon}\biggl(e_{h}^{n},\frac{c^{无}-{上划线{c}^{n-1}}{{\Delta}t}-\psi^{n}\frac{\partial c^{n{}}{\partical\tau}\biggr)\bigg|\\&\quad\leq\varepsilon Q\bigg\|\frac}\partial^{2}c}{\protial\tau^{2{}\big\|_{L^{2neneneep(\Omega\times[t^{n-1},t^{n}])}^{2}{\Delta}t+\frac{\varepsilon}{2}\big\|e_{h}^{n}\big \|^{2{,\end{aligned}\end{aligned}$$
(3.12)
$$开始{对齐}和\big|\bigl}。\结束{对齐}$$
(3.13)
由于\(e_{h}^{n}\)以及ε在右边的第三学期(3.11),我们无法使用\(H ^{-1}\)-二重性[11]或中的方法[2]约束这一条款。幸运的是,陈等。提出了克服这些困难的有效方法。在的引理3.5中[16],一个\(H^{1}\)-功能\(泽塔{h}^{n}\)发现近似值\(e_{h}^{n}\)和误差估计\(\泽塔{h}^{n} -电子_{h} ^{n}\)在中\(L^{2}(\Omega)\)-导出了范数。我们现在通过以下引理引入这个结果。
引理3.1
参见[16]
如果
\(e_{h}^{n}\)
满足
$$\bigl(D_{n}^{-1}\boldsymbol{\xi}_{h}^{n},\boldsymbol{\ chi}_{h}\bigr)-{\varepsilon}\bigl(e_{h}^{n{,\nabla\cdot\boldsimbol{chi}_}h}\biger)={\varebsilon}\ bigl)-\bigl(D_{n}^{-1}\boldsymbol{\ta}^{n},\boldsymbol{\chi}_{h}\bigr)$$
(3.14)
然后存在一个函数
\(h^{1}(\Omega)中的\zeta_{h}^{n})
和一些常量
问
独立于
小时,n个
和
ε,这样的话
$$\开始{aligned}&\big\|\zeta^{无}_{h} 大{1}\leq Q\big\|e^{无}_{h} \大\ |,\结束{对齐}$$
(3.15)
$$\开始{aligned}&\big\|\zeta^{无}_{h} -e个^{无}_{h} \big\|\leq Qh\bigl(\big\|e^{无}_{h} 大\|+h\|c\|_{L^{infty}(h^{2})}\biger)。\结束{对齐}$$
(3.16)
基于引理3.1,我们开始估算第三项。我们重写了\(\rho^{无}-\条{\rho}^{n-1}\)作为总和\((\rho^{无}-\ρ^{n-1})+(\rho^{n-1}-\条{\rho}^{n-1})并应用三角形不等式得到
$$\开始{对齐}[b]\varepsilon\bigg|\biggl(e_{h}^{n},\frac{\rho^{无}-\条{\rho}^{n-1}}{\Delta t}\biggr)\bigg|\leq{}&\varepsilon\bigg |\biggl(\frac{\rho^{无}-\rho^{n-1}}{\增量t},e_{h}^{n}\biggr)\bigg|+\varepsilon\bigg |\biggl(\frac{\rho^{n-1}-\上划线{\rho}^{n-1}}{\Delta t},e_{h}^{n}\biggr)\bigg|\\leq{}&\frac{\varepsilon}{2}\bigm\|\frac}\rho^{无}-\ρ^{n-1}}{δt}\bigg \|^{2}+\frac{\varepsilon}{2}\big\|e_{h}^{n}\big \|^}2}\&+\varepsilon\bigg|\biggl(\frac}\rho^{n-1}-\上划线{\rho}^{n-1}}{\Delta t},\zeta{h}^{n}\biggr)\bigg|+\varepsilon\bigg| \biggl(\frac{\rho^{n-1}-\上划线{\rho}^{n-1}}{\Delta t},\zeta{h}^{n} -e个_{h} ^{n}\biggr)\bigg|\\leq{}&\frac{Q\varepsilon h^{2}}{\Delta t}\int_{t^{n-1}}^{t^}}\|^{2}_{1} \,dt+Q\varepsilon\big\|e_{h}^{n}\big\ |^{2}\\&+\frac{Q}{\Delta t}\big \ |\rho^{n-1}-\条{\rho}^{n-1}\big\|_{-1}\big \|e_{h}^{n}\big/|\\&+\frac{Qh}{\Delta t}\bigl(\big\\|e_}h}^}n}\big\|+h\|c\|{L^{\infty}(h^{2})}\bigr)\big\ |\rho^{n-1}-\条{\rho}^{n-1}\big\|。\结束{对齐}$$
(3.17)
以下[2],我们有
$$\大\|\rho^{n-1}-\条{\rho}^{n-1}\big\|_{-1}\leq Q\big\ |\rho^{n-1}\big \ |\Delta t\quad\text{和}\quad\big\^{n-1}-\条{\rho}^{n-1}\big\|\leq Q\big\ |\rho^{n-1}\big$$
(3.18)
我们考虑了这两个估计(3.17)然后假设\(h=O(增量t))屈服
$$\开始{对齐}[b]\varepsilon\bigg|\biggl(e_{h}^{n},\frac{\rho^{无}-\条{\rho}^{n-1}}{\Delta t}\biggr)\bigg|\leq{}&Q\biggl\{\frac{\varepsilon h^{2}}{\ Delta t{\int_{t^{n-1}}^{t^}}\c_{t}\|^{2}_{1} \,dt+\varepsilon\big\|\rho^{n-1}\big\|\big\|e_{h}^{n}\big\|+\varepsilon\frac{h}{\Delta t}\big\|\rho^{n-1}\big\|bigl(\big\|e_{h}^{n}\big\|+h\|c\|_{L^{infty}(h^{2})}\bigr)+\varepsilon\|e_{h}^{n}\big\|^{2}\ biggr \}\ \ \ leq{}&Q \ biggl \{\frac{\varepsilon h^{2}}{\Delta t}\ int_{t^{n-1}}}^{t^{n}}}\ big \ | c{t}\ big \ |^{2}_{1} \,dt+\varepsilon\big\|e_{h}^{n}\big\\|^{2}_{L^{\infty}(H^{2})}\biggr\}\\leq{}&Q\varepsilon H^{2{\biggl(\frac{1}{\Delta t}\int_{t^{n-1}}^{t^}}\|c_{t}\|^{2}_{1} \,dt+\|c\|^{2}_{L^{\infty}{(H^{2})}\biggr)+Q\varepsilon\big\|e_{H}^{n}\big\ |^{2neneneep。\结束{对齐}$$
(3.19)
第二学期(3.11)由插值算子代替混合椭圆投影而得到,不能用Hölder不等式直接估计(3.4)或逆不等式(3.5). 然而,由于出现了\(nabla\cdot\boldsymbol{\xi}_{h}^{n}\)因此,这一术语需要通过一些新技术重新估算。
为了约束第二项,我们使用泰勒展开来证明引理3.2这对提高收敛速度起到了重要作用。
引理3.2
让
\(R_{h}\)
是的分段常数插值
\(v\在H^{2}(\Omega)中\).那么以下估计成立:
$(v-R)_{h} v(v),w)\leq Qh^{2}\v\|{2}\w\|,\quad w\ in v{h}$$
(3.20)
在这里
问
是独立于
小时.
证明
我们对的左侧求和(3.20)按部件划分
$(v-R)_{h} v(v),w)=-\sum_{i,j}\int_{\Omega_{ij}}(R_{h} -我)v(x,y)w\,dx\,dy$$
(3.21)
根据泰勒展开式,我们得到以下表达式\(v\在H^{2}中(\ Omega_{ij})\):
$$\开始{对齐}[b](R_{h} -我)v(x,y)|_{\overline{\Omega}_{ij}}={}&{int_{x}^{x_{i-\frac{1}{2}}}}\frac{\partial v}{\partial \ gamma_{1}}(\ gamma_{1},y)\,d\ gamma_{1}+\ int_{y}^{y_{j-\frac{1}{2}}}}}\ frac{\partial \ gamma_{2}}}}(x,\ gamma_{2})\,gamma_{2}\\&&qquad{}+\int_{x}^{x_{i-\frac{1}{2}}}\int_{y}^{y_{j-\frac{1}{2}}}}\ frac{\partial^{2} v(v)}{\partial\gamma{1}\partial/gamma{2}}(\gamma_{1},\gamma_2})\,d\gamma_2{}\,d\\gamma_1}。\结束{对齐}$$
(3.22)
我们使用(3.22)更换\((右_{h} -我)v(x,y)\)英寸(3.21),我们可以
$$\开始{aligned}&\int_{\Omega_{ij}}(R_{h} -我)v(x,y)w\,dx\,dy\&\quad=\int_{\Omega_{ij}}w\int_}x}^{x{i-\frac{1}{2}}}\frac}\partialv}{\partial \gamma{1}}}(\gamma_{1},y){y_{j-\frac{1}{2}}}(x,\gamma{2})\,d\gamma{1}\,dx\,dy\\&\qquad{}+\int_{\Omega{ij}}w\int_x}^{x{i-\frac{1}}}\nint_{y}^{y{j-\frac{1}{2}}\frac{\partial^{2} v(v)}{\partial\gamma{1}\partial/gamma{2}}(\gamma_1},\gamma_2})$$
(3.23)
我们首先估计第三项,并使用Hölder不等式得到
$$\int_{\Omega_{ij}}w\int__{x}^{x_{i-\frac{1}{2}}}\int_}y}^{y_{j-\frac{1}}\frac}\部分^{2} v(v)}{\partial\gamma{1}\partial/gamma{2}}(\gamma_{1},\gamma_2})\,d\gamma_2{2}\,d\\gamma_1}\,dx\,dy\leqQh^{2}\w\|_{\Omega_{ij}}\v\|{2,\Omega _{ij}$$
(3.24)
我们只需要在右手边限定第一项,因为第二项可以通过对称来限定。请注意\(\int_{x{i-1}}^{x{i}}(x-x{i-\frac{1}{2}})\,dx=0\).我们有
$$开始{对齐}[b]&\bigg|\int_{\Omega_{ij}}w\int__{x}^{x_{i-\frac{1}{2}}}\frac}\partial_gamma{1}}(\gamma_{1},y)\,d\gamma_}1\,dx\,dy\bigg |\\&\quad=\bigg| g^{x{i-\frac{1}{2}}}整型}\|v\|_{2,\Omega_{ij}}。\结束{对齐}$$
(3.25)
结合这些估计,我们得到了引理。 □
现在我们使用引理3.2和逆不等式(3.5)将第二项绑定在(3.11)由
$$开始{对齐}[b]\big|\varepsilon\bigl{\infty}(h^{2})}\big\|\boldsymbol{\xi}_{h}^{n}\big \|\\&\quad\leq Q\varepsilon^{2{h^{2neneneep \|c\|_{L^{\inffy})}^{2} +\frac{\alpha_{0}}{4}\big\|\boldsymbol{\xi}_{h}^{n}\big \|^{2}\&\quad\leq Q\varepsilon h^{2{\|c\|{L^{\infty}\结束{对齐}$$
(3.26)
关系在哪里\(0<\varepsilon^{2}<\varebsilon\ll1\)已使用。
放置(3.12)(3.13)(3.19)和(3.26)到(3.11)重新安排,我们有
$$开始{aligned}[b]&\frac{\varepsilon}{2{\Delta}t}\bigl(\big\|e_{h}^{n}\big\ |^{2}-\大\|e_{h}^{n-1}\big\|^{2}\biger\|^{2}_{L^{infty}(H^{2})}+\varepsilon\Delta t\int_{t^{n-1}}^{t^}}\bigg\|\frac{\partial^{2{c}{\parial\tau^{2neneneep}\big\|^{2],dt\\&\qquad{}+\verepsilon H^{2}\biggl{t^{n}}\|^{2}_{1} \,dt+\|c\|^{2}_{L^{\infty}{(H^{2})}}\biggr)\biggr\}+\varepsilon Q\big\|e_{H}^{n}\big\ |^{2{+\varesilon Q\big \|e_{H}^{n-1}\big \ |^}2}。\结束{对齐}$$
乘法\(压裂{2{\Delta}t}{\varepsilon}\)用上述不等式求和\(n=1)到\(n=否)并选择首字母作为\(c_{h}(0)=R_{h} c(c)(0)\),我们获得
$$开始{对齐}和\big\|e_{h}^{N}\big\ |^{2}+\varepsilon^{-1}\alpha_{0}\Delta t\sum_{N=1}^{N}\big \ |\boldsymbol{\xi}_{h}^{N}\big-\ |^}2}\\&\qquad{}+\verepsilon h^{2{\biggl(\int_{0{^{t}\|c_{t}\|^{2}_{1} \,dt+\|c\|^{2}_{L^{\infty}{(H^{2})}}\biggr)+Q\varepsilon{\Delta}t\sum_{n=0}^{n}\big\|e_{H}^{n}\big \|^{2{\\&\ quad\leq Q\Biggl \{\varepsilon^{-1}\Delta t\sum_{n=1}^{n}\big\|\boldsymbol{\eta}^{n}\big-|^{2}+H^{2}\|c\|^{2}_{L^{\infty}(H^{2})}+(\Delta t)^{2{\int_{0}^{t}\bigg\|\frac{\partial^{2} c(c)}{\partial\tau^{2}}\bigg\|^{2{\,dt\\&\quad\quad{}+h^{2neneneep \biggl(\int_{0}^{T}\|c_{T}\|^{2}_{1} \,dt+\|c\|^{2}_{L^{\infty}(H^{2})}\biggr)\biggr \}+Q\Delta t\sum_{n=0}^{n}\big\|e_{H}^{n}\big \|^{2neneneep \\&\quad\leq Q\biggl \{H^{2{\bigl(\|c\|^{2}_{L^{\infty}(H^{2})}+\|c_{t}\|^{2}_{L^{2}(H^{1})}\biger)+(\Delta t)^{2{\bigg\|\frac{\partial^{2} c(c)}{\partial\tau^{2}}\bigg\|_{L^{2{(L^{2])}^{2neneneep \biggr\}。\结束{对齐}$$
根据Gronwall引理,对于足够小的Δt吨,我们有
$$\开始{对齐}[b]&\|e_{h}\|_{L^{\infty}(L^{2})}+|\!|\|\粗体符号{\xi}_{h}|\!|\|_{L^{2}(\mathbf{左}_{\varepsilon}^{2})}\\&\quad\leq Q\biggl\{{\Delta}t\bigg |\frac{\partial^{2} c(c)}{\partial \tau ^{2}}}\bigg\|_{L^{2}(L^{2})}+h\bigl(\|c\|_{L^{infty}(h^{2})}+\|c_{t}\|_{L^{2}(h^{1})}\bigr)\biggr\}。\结束{对齐}$$
(3.27)
合并对ρ和η英寸(3.4)和(3.6)带有(3.27),假设\(h=O(增量t))应用三角不等式,我们得到了以下定理。
定理3.3
让
\((\mathbf{z},c)\)
和
\((\mathbf{z}(z)_{h} ,c_{h})\)
是的解决方案(2.2)和(2.4),分别地.然后是以下内容
ε-统一估计适用于
\(h=O(增量t))
和
\(c\在L^{\infty}(0,T;H^{2}(\Omega))中:
$$\开始{对齐}[b]&\|c-c_{h}\|_{L^{\infty}(L^{2})}+|\!|\|\数学BF{z}(z)-\马特布夫{z}(z)_{h} |\!|\|_{L^{2}(\mathbf{左}_{\varepsilon}^{2})}\\&\quad\leq Q\biggl\{{\Delta}t\bigg |\frac{\partial^{2} c(c)}{\partial\tau^{2}}\bigg(L^{2{)}+h\bigl(\|c\|{L^{\infty}(h^{2neneneep)}+\|c_{t}\|_{L^}2}(h^{1})}\bigr)\biggr。\结束{对齐}$$
(3.28)
这里是常数
问
独立于
ε,小时
和Δt吨.