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顺序OEIS的A003238计数“具有$n$个顶点的根树,其中同一级别的顶点具有相同的阶数。”序列$a$开始
1, 1, 2, 3, 5, 6, 10, 11, 16, ...
当然,通过递归很容易生成任意多的项(基本上$a(n)$是$a(d)$的和,因为$d$经过$n-1$的除数)。在OEIS页面的公式部分,我们发现:
推测:$\log(a(n))$渐近于$c\log,其中$0.4<c<0.5$(Benoit Cloitre,2004年4月13日)
我感兴趣的是这个猜想的状态,以及更广泛地说,分析由“相似”递归定义的序列的渐近性的方法——全局(如上所述)或平均意义,即$(1/n)\sum_{I=1}^na(n)$之类的事物的渐近性。
我会证明的$$ \对数a(n)\sim\frac{(\logn)^2}{\log4}\约为0.7213\ldots(\log n)^2。$$ 因此,猜想中给出的常数的范围是错误的,但它是一般形状的渐近形式持有。通过以下论证,可以获得更精确的渐近性。粗略地说,该论点所说的是$a(n)$的行为(大致顺序)如下如果$n$是奇数,则序列$b(n)$由$b(n+1)=b(n$n$是偶数。
把$A(x)=\sum_{j\lex}A(j)$。然后$$ A(n+1)=sum_{j\len+1}\sum_{d|(j-1\sum_{d}\sum_{j\len,d|j}a(j/d)=\sum_dA(n/d)。$$ 重新安排我们得到$$ a(n+1)=a(n+1”)-a(n)=sum_{2\le d\le n}a(n/d)。$$
根据$a(n)$的单调性,可以得出如下结论$$a(n+1)\le\sum{2\le-d\le-n}\frac{n}{d}a(n/2\floor)\le(n\log n)a(n/2 floor)。$$ 迭代这个不等式可以得到估计值$$ \对数a(n)\le(1+o(1))\frac{(logn)^2}{2\log2}。$$
类似地,在我们得到的恒等式中只保留$d=2$项$$ a(n+1)\ge a(n/2)\ge压裂{n}{2\log n}a(楼层n/2-n/(2\logn)\r楼层),$$ 迭代它可以得到所需的下限$$\log a(n)\ge(1+o(1))\frac{(\log n)^2}{2\log 2}。$$
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