在这一节中,我们研究了广义和的直和性质π-扩展模块。证明了广义π-扩展模块不需要泛化π-延伸。此外,我们处理广义π-推广了扩展模块π-延伸。此外,我们能够证明π-扩展模块在直接和下是封闭的。
众所周知,任何扩展模块的直接和都是扩展的。与扩展模块相反π-扩展属性不是由直接summand继承的。以下结果说明了这一事实。
示例3.1
([2,示例5.5]或[14,例4])让ℝ成为实际字段n个任意奇数整数n个≥ 3. 让S公司是多项式环[x个1, ...,x个n个]带有不确定性x个1, ...,x个n个超过ℝ。让对是戒指序号哪里秒=x个12+…+x个n个2−1然后是免费的对-模块M(M)=⊕我=1n个对是广义的π-扩展,但包含直接和K(K)对这不是泛化的π-延伸。
证明
M(M)对是一个π-包含直接和的扩展模块K(K)对不是π-扩展了[2,实施例5.5]。因此M(M)对是广义的π-通过引理2.2扩展模块。很明显对是一个交换Noetherian域。然后M(M)对是非奇异模,也是K(K)对.因此K(K)对不是泛化的π-通过提案2.3进行扩展。
我们可以在射影空间中构造更多基于超曲面的例子,超过复数。
定理3.2
([10,定理1.5])设X是中的超曲面,n≥2,由方程式定义x个0米+x个1米+⋯+x个n个+1米=0.让对=ℂ[x个1,…,x个n个+1]/(∑我=1n个+1x个我米+1)是X的坐标环,则存在广义π-扩张R-模,但包含m≥n的非广义π扩展直和+ 2.
证明
存在不可分解射影对-秩模n个结束对由[12]. 那么存在一个免费的对-模块F类对这样的话F类对=K(K)⊕K′哪里K(K)是不可分解和投射的对-秩模n个.根据定理3.9,F类对是广义的π-延伸。然而K(K)对不统一。因此K(K)对不是泛化的π-通过2.4号提案进行扩展。
下一个命题给出了一个条件,确保模的直和是广义的π-扩展模块。
提议3.3
让M=M(M)1⊕M(M)2.然后是M1广义π-扩张当且仅当M的每个投影不变子模N1存在M的直接和K,因此M2⊆K(K),K(K)∩N个= 0和M/(K(K)⊕N个)是单数。
证明
让N个是的投影不变子模M(M)1.然后有一个直接命令L(左)属于M(M)1这样的话M(M)1=L(左)⊕L′具有N个≤L(左)和M(M)1/(L′⊕N个)是命题2.5的单数。很明显L′⊕M(M)2是…的直接总和M(M),M(M)2⊆L′⊕M(M)2以及(L′⊕M(M)2)∩N个= 0. 此外M(M)1/(L′⊕N个) ≅M(M)/(L′⊕N个⊕M(M)2)是单数。相反,让M(M)1持有这些假设。让吨是的投影不变子模M(M)1.根据假设,存在直接总和K(K)属于M(M)这样的话M(M)2⊆K(K),K(K)∩吨=0和M(M)/(K(K)⊕吨)是单数。现在K(K)=K(K)†=============================================================(M(M)1⊕M(M)2) =M(M)2Ş(K(K)∩M(M)1)产生这样的结果K(K)∩M(M)1是…的直接总和M(M)1因此存在子模块X(X)属于M(M)1这样的话M(M)1= (K(K)∩M(M)1) ⊕X(X).自吨是的投影不变子模M(M)1,吨= (吨∩K(K)∩M(M)1) ⊕ (吨∩X(X))通过引理2.1。请注意K(K)∩吨=0,因此我们得到吨≤X(X)此外,很容易看出M(M)/(K(K)⊕吨) ≅M(M)1/[(K(K)∩M(M)1) ⊕吨]是单数。因此,命题2.5产生了结果。
定理3.4
让M=M(M)1⊕M(M)2是一个广义π扩展模。如果M2是投影不变的直接和,对于M的每个直接和K∩M(M)2= 0和K⊕M(M)2是M的直接和,然后是M1和M2都是广义π扩展的。
证明
很明显M(M)2是广义的π-由引理2.7扩展。现在,让我们N个是的投影不变子模M(M)1.然后N个⊕M(M)2是的投影不变子模M(M)由[2,引理4.13]。根据提案2.5,存在一个直接汇总K(K)属于M(M)这样的话N个⊕M(M)2≤K(K)和M(M)/(K′⊕N个⊕M(M)2)是单数,其中M(M)=K(K)⊕K′对于某些子模K′属于M(M).自K′∩M(M)2⊆K′∩ (N个⊕M(M)2) = 0,K′⊕M(M)2是…的直接总和M(M).
现在,结果来自命题3.3。
推论3.5
让M=M(M)1⊕M(M)2是C的广义π-扩张模三条件。如果M2是投影不变的直和,则M1和M2是广义π-扩展的。
证明
从定理3.4中可以清楚地看出。
下一个结果描述了广义π-根据相对内射性扩展模块。
提议3.6
设R是非奇异右R-模,M是广义π-扩张模。然后是M=Z轴(M(M)) ⊕M的某个子模T的T,T是Z(M(M))-内射的。
证明
如果Z轴(M(M))=0或Z轴(M(M)) =M(M),那么结果就微不足道了。假设Z轴(M(M))0和Z轴(M(M)) ≠M(M).自Z轴(M(M))是的一个完全不变子模M(M),它也是的投影不变子模M(M)因此,存在直接索赔K(K)属于M(M)这样的话Z轴(M(M)) ≤K(K)和K/Z公司(M(M))是单数,其中M(M)=K(K)⊕吨对一些人来说吨≤M(M).因此K(K)是单数[7,建议1.23]。由此可见K(K)=Z轴(M(M)). 因此M(M)=Z轴(M(M)) ⊕吨对一些人来说吨≤M(M)现在,让我们N个是的子模块Z轴(M(M)). 请注意Z轴(吨)=0,所以Hom对(N个,吨)=0由[7,提案1.20]。因此吨是Z轴(M(M))-内射的。
提议3.7
设M是π-扩张模,K是M的投影不变子模,使得K在M中本质上是封闭的。如果M/K是非奇异的,则M=Z轴2(M(M)) ⊕X(X)⊕Y其中K=Z轴2(M(M)) ⊕X和Y是广义π扩展。
证明
让M(M)是π-延伸,K(K)⊴第页M(M)和K(K)基本封闭M(M).然后M(M)=K(K)⊕N个对一些人来说N个≤M(M)由[2,推论3.2]。自K(K)⊴第页M(M),K(K)和N个是π-扩展了[2,建议4.14],因此K(K)和N个是广义的π-通过引理2.2进行扩展。请注意Z轴2(M(M))是投影不变的闭子模M(M)接下来是Z轴2(M(M)) =相对长度单位对一些人来说e(电子)∈S公司我(终点对(M(M)))由[2,建议4.12]和[2,推论3.2]。自M/K公司是非奇异的,Z轴2(M(M)) ⊆K(K).因此K(K)=Z轴2(M(M)) ⊕X(X)哪里X(X)= (1 −e(电子))M(M)∩K(K).现在,M(M)=K(K)⊕N个=Z轴2(M(M)) ⊕X(X)⊕N个.所以让我们N个=Y(Y),Y(Y)是所需的直接和。
提议3.8
设M是具有阿贝尔自同态环的广义π-扩张模,则M的每个直和都是广义π扩展的。
证明
让M(M)被概括π-扩展模块和K(K)直接汇总M(M).让S公司=结束(M(M)对)和π:M(M)→K′是正则投影,其中K′≤M(M)这样的话M(M)=K(K)⊕K′很明显,kerπ=K(K).自S公司是Abelian,(f)(克尔)π)⊆克尔π为所有人(f)2=(f)∈S公司.因此K(K)是的投影不变子模M(M)因此,应用引理2.7得到结果。
众所周知,一般来说,扩展模块(甚至对于统一模块)的直接和不必是扩展模块。例如,让M(M)是ℤ-模块(\8484»/\8484第页) ⊕ (ℤ/ℤ第页三)对于任何素数第页,并让对= ℤ[x个]是多项式环。现在,让我们考虑自由对-模块吨=对⊕对。然后两者都有M(M)ℤ和吨对未扩展(请参阅[15]). 然而,一般而言π-扩展属性会产生以下结果。
定理3.9
广义π扩展模的任何直和都是广义π扩张的。
证明
让M(M)= ⊕我∈我M(M)我哪里M(M)我是广义的π-为所有人扩展我∈我.让N个是的投影不变子模M(M).然后N个= ⊕我∈我(M(M)我∩N个)通过引理2.1。请注意N个∩M(M)我⊴第页M(M)我为所有人我∈我因此,存在直接索赔H(H)我属于M(M)我这样的话N个∩M(M)我≤H(H)我和H(H)我/(N个∩M(M)我)是单数。然后H(H)= ⊕我∈我H(H)我是…的直接总和M(M)这样的话N个≤H(H)很明显H/N公司是单数。因此M(M)是广义的π-延伸。
推论3.10
让M= ⊕我∈我M(M)我其中M我所有i在M中的投影不变∈一、那么M是广义π扩展的当且仅当M我是对所有i的广义π扩展∈我.
推论3.11
设M有一个阿贝尔自同态环。那么M= ⊕我∈我M(M)我广义π-扩展当且仅当M我是对所有i的广义π扩展∈我.
推论3.12
设M是非奇异模。那么M是π-扩展模当且仅当M=Z轴2(M(M)) ⊕X,其中X和Z2(M(M))都是广义π扩展的。
证明
让M(M)成为π-扩展模块。那就拿K(K)=Z轴2(M(M))并应用命题3.7得到结果。相反,假设M(M)已声明财产。从定理3.9可以清楚地看出,M(M)是广义的π-延伸。因此M(M)是π-通过提案2.3进行扩展。
回想一下,在基本扩展下扩展属性不是关闭的(请参见[11,第19页])。为此,以下示例显示π-推广与推广π-扩展模块在本质扩展方面的行为与扩展模块相同。
示例3.13
让对是一个主要的理想域。如果对不是一个完整的离散估值环,则存在一个不可分解的无挠环对-模块M(M)排名第2[8,定理19]。因此存在一致的子模U型1,U型2属于M(M)这样的话U型1⊕U型2在以下方面至关重要M(M).然后U型1⊕U型2是广义的π-通过定理3.9进行扩展。然而M(M)对不是泛化的π-通过2.4号提案进行扩展。
回忆一下那枚戒指对是右广义π-扩张对于每个投影不变的右理想我属于对,存在e(电子)2=e(电子)∈对这样的话我≤呃和eR/I公司是单数。最后,我们在广义上得到了以下应用π-延长环。
提议3.14
设R是右广义π-扩张环,则每个循环R-模都是广义π扩张的。
证明
让对广义右π-延长环和M(M)循环的对-模块。那么就有一个正确的理想我属于对这样的话M(M)≅注册会计师.让J/I公司⊴第页注册会计师哪里我≤J型≤对那么很明显J型⊴第页对。因此存在e(电子)2=e(电子)∈对这样的话J型≤呃和eR/J公司是单数。自J/I公司≤eR/I公司以及(eR/I公司)/(J/I)今年eR/J公司是单数,M(M)是广义的π-延伸。
定理3.15
R是右广义π-扩张环当且仅当R[x个]是一个右广义π-扩张环。
证明
让对广义右π-延长环和我[x个]是的投影不变右理想对[x个]. 然后我是的投影不变右理想对由[4,引理4.1]。因此存在e(电子)2=e(电子)∈对这样的话我≤呃和eR/I公司是单数。请注意我=工程安装,所以我[x个] =工程安装[x个]. 很明显呃[x个]是…的直接总和对[x个]和我[x个] =工程安装[x个] ≤呃[x个]. 很容易看出这一点呃[x个]/我[x个] ≅ (电子参考/电子参考)[x个]. 请注意Z轴对[x个](呃[x个]/我[x个]) ≅ (Z轴对(电子参考/电子参考))[x个] = (电子参考/电子参考)[x个] ≅电子病历[x个]/我[x个]这表明呃[x个]/我[x个]是单数。因此对[x个]是正确的广义π-延伸。
相反,让对[x个]正确推广π-延伸和J型的投影不变右理想对.然后J型[x个]是的投影不变右理想对[x个]由[4,引理4.1]。由此可见J型[x个] ≤fR(飞行参考)[x个]和fR(飞行参考)[x个]/J型[x个]对某些人来说是单数(f)2=(f)∈对[x个]. 请注意福建[x个] =J型[x个],并让克2=克∈对[x个]. 然后克(J型[x个]) ⊆J型[x个],作为J型[x个]投影不变量是的右理想对[x个]. 因此,我们得到功能梯度滤波器=玻璃纤维,所以(f)∈S公司我(对[x个]). 从以下位置观察[1,主张2.4]fR(飞行参考)[x个] =(f)0对[x个]对一些人来说(f)0∈S公司我(对). 自J型[x个] ≤fR(飞行参考)[x个] =(f)0对[x个],所以J型≤(f)0对。此外,Z轴对((f)0R/J公司) ≤Z轴对[x个](((f)0R/J公司)[x个]) ≅Z轴对[x个]((f)0对[x个]/J型[x个])=Z轴对[x个](fR(飞行参考)[x个]/J型[x个]). 因此,Z轴对((f)0R/J公司)是单数,如Z轴对[x个](fR(飞行参考)[x个]/J型[x个])是单数。因此对是正确的广义π-延伸。
推论3.16
设R是右广义π-扩张(或一致)环,R[x个]多项式环。然后每个自由右R[x个]-模是广义π扩展的。
提议3.17
设R是右非奇异广义π-扩张环和F对一个自由右R-模块。然后自同态环结束(F类对)第页,共F页对是广义π扩展。
证明
让对是右非奇异广义π-延长环和F类对自由权利对-模块。然后F类对是广义的π-通过定理3.9进行扩展。自对是非奇异的,我们得到终点(F类对)是正确的π-扩展了[15,定理4.157],因此是广义的π-通过引理2.2进行扩展。