我们采用了[41]研究该算法的一致收敛性。首先,我们陈述以下定理[42,43].
定理2
假设精确解\(u(z,t)在C^{4}[a,b]\中,\(f\在C^{2}[a,b]\中),\(增量=\{a=z_{0},z_{1},\ldots,z_}N}=b\}\)是等距分区,每个长度小时,在间隔期间\([a,b]\)这样的话\(z{j}=jh\),\(j=1,\点,N).让\(\波浪线{U}(z,t)\)是空间网格点上给定问题的唯一样条逼近\(z_{j}\in\Delta\),\(j=0,\点,N\),那么就全部\(t \geq0),存在\(\mu_{j}\),独立于小时,这样的话
$$\bigl\Vert D^{j}(u-\tilde{u})\bigr\Vert_{infty}\leq\mu_{j}h^{4-j},\quad j=0,1,2$$
(32)
引理4.1
B类-样条曲线集\(\{B_{0},B_{1},\ldots,B_[N}\}\)在中显示(10)满足不等式
$$\sum_{j=0}^{N}\bigl\vertB_{j}(z)\bigr\vert\leq\frac{5}{3},\quad 0\leqz\leq1$$
(33)
证明
通过三角形不等式,我们可以写出
$$\Biggl\vert\sum_{j=0}^{N} B类_{j} (z)\Biggr\vert\leq\sum_{j=0}^{N}\bigl\vertB_{j}(z)\ bigr\vert$$
对于网格点\(z{j}\),我们得到
$$\sum_{j=0}^{N}\bigl\vertB_{j}(z)\bigr\vert=\bigl\ vertB{j-1}$$
此外,对于一个点\(z\在[z{j},z{j+1}]\中),我们有
$$\sum_{j=0}^{N}\bigl\vert\eta_{j}$$
哪里
$$\bigl\vert B_{j-1}(z)\bigr\vert\leq\frac{1}{6},\qquad\bigl\overtB_{j}(z)\biger\vert\leq\frac{4}{6{,\quad\ bigl\VertB_{j+1}(x)\bigr\vert\leq \ frac{4}}{6neneneep,\quadr\bigl\ vertB_j+2}}$$
因此
$$\sum_{j=0}^{N}\bigl\vert\eta_{j}(z)\bigr\vert\leq\frac{5}{3}$$
(34)
□
定理3
让U型是解析精确解u的数值近似对于Eqs. (1)–(三).如果\(f\在C^{2}[0,1]\中),那么我们有
$$\Vert u-u\Vert _{\infty}\leq\varOmega h^{2},\quad\对于所有t\geq t_{0}$$
(35)
哪里\(\varOmega>0\)是独立于小时,和小时足够小.
证明
让u个是精确的解决方案,让\(波浪线{U}=\sum_{j=0}^{N}c_{j}(t)B_{j{)是的样条曲线近似U型.
让\(Lu(z{j},t)=Lu,\(j=0,\点,N),为堆积条件。然后
$$L\tilde{U}(z,t)=\widetilde{g}(z_{j},t),\quad j=0,\dots,N$$
在n个第个时间段,当前的BVP可以用差分方程的形式表示\(L(\波浪线{U}(z_{j},t)-U(z_{j},t))\):
$$开始{对齐}[b]&\rho_1}\xi_{j-1}^{n+1}+\rho_2}\xi_{j}^{n+1}+\ rho_{1}\xi{j+1}^{n+1}\\&\quad=\frac{r}{6}\bigl&\qquad-\frac{r}{6}\sum_{k=1}^{n}\delta{k}\bigl[\bigl(\xi_{j-1}^{n-k+1}-\xi_[j-1}^{n-k}\bigr)+4\bigle(\xi_{j}^{n-k+1}-\xi_{j}^ n-k}\bigr)+\bigl[-\xi{j+1}^{n-k}\bigr)\bigr]-g^{n+1}。\结束{对齐}$$
(36)
此外,边界约束包括
$$\xi_{j-1}^{n+1}+4\xi_j}^{n+1}+\xi_j+1}^{n+1}=0,\quad j=0,n$$
哪里
$$\xi_{j}^{n}=\gamma_{i}^{n} -c_{j} ^{n},\四个j=0,\点,n$$
和
$$\sigma{j}^{n}=h^{2}\bigl[g{j}^{无}-\widetilde{g_{j}}^{n}\bigr],\quad j=0,\dots,n$$
很明显(32)那个
$$\bigl\vert\sigma{j}^{n}\bigr\vert=h^{2}\bigl\ vertg{j}^{无}-\widetilde{g{j}}^{n}\bigr\vert\leq\muh^{4}$$
我们定义\(\sigma^{n}=\max\{|\sigma{j}^{n{|;0\leq j\leq n\}\),\(\波浪号{电子}_{j} ^{n}=|\xi_{j}^{n{|\)、和\(波浪线{e}^{n}=\max\{|e_{j}^{n}|;0\leqj\leqN\}\).
对于\(n=0),等式(36)给予
$$\rho{1}\xi_{j-1}^{1}+\rho_{2}\xi_{j}^{1}+\rro_{1}\si_{j+1}^{1}=\frac{r}{6}\bigl(\xi_j-1}^{0}+4\xi_ju}^{0{0}+\xi_j}^{n}\biger)-\frac}{1}{h^{2}}\sigma{j}^{1}$$
(37)
哪里\(j=0,\点,N\)和初始条件\(e ^{0}=0\)这意味着
$$\rho_{2}\si_{j}^{1}=-\rho_{1}\bigl(\si_{j-1}^{1}+\si_{j+1}^{1}\bigr)-\frac{1}{h^{2}}\sigma_{j}^{1}$$
取的绝对值\(\sigma{j}^{n}\)和\(\xi_{j}^{n}\)足够小的小时,我们有
$$\widetilde美元{电子}_{j} {1}\leq\frac{3\muh^{4}}{(r-1)h^{2}+12}$$
使用边界条件,我们得出如下结论
$$\widetilde{e}^{1}\leq\mu_{1}h^{2}$$
(38)
哪里\(\mu_{1}\)不依赖于小时.
在上使用导入程序n个,假设是这样\(\波浪号{电子}_{j} ^{k}\leq\mu_{k}h^{2}\)对于\(k=1,\点,n\).
让\(\mu=\max\{\mu_{k}:0\leqk\leqn\}\).然后等式(36)成为
$$开始{对齐}[b]&\rho_{1}\xi_{j-1}^{n+1}+\rho_2}\xi_{j}^{n+1}+\ rho_1}\xi{j+1}^{n+1}\\&\quad=\frac{r}{6}\bigl[(\delta_{0}-\delta{1})\bigl(\xi{j-1}^{n}+4\xi{j}^{n}+\xi{j+1}^{n}\biger)\\&\qquad+(\delta_{1}-\delta{2})\bigl(\xi{j-1}^{n-1}+4\xi{j}^{n1}+\xi{j+1}^{n-1}\bigr)+\cdots+(\delta_{n-1}-\delta{n})\bigl(\xi{j-1}^{1}+4\xi{j}^{1}+\xi{j+1}^{1\bigr)\&\qquad+\delta{n}\bigr 2}。\结束{对齐}$$
(39)
同样,取\(\sigma{j}^{n}\)和\(\xi_{j}^{n}\)用非常小的小时,我们得到
$$\widetilde美元{电子}_{j} ^{n+1}\leq\frac{3\muh^{4}}{(r-1)h^{2}+12}\Biggl(\frac}r}{6}\sum_{k=0}^{n-1}(\delta{k}-\delta_{k+1})\muh_2}+\muh_{2}\Biggr)$$
此外,从边界条件来看,我们有
$$\宽波浪号{电子}_{j} ^{n+1}\leq\mu h^{2}$$
因此,对于所有人来说n个,我们有
$$\widetilde美元{e}_{j} ^{n+1}\leq\mu h^{2}$$
(40)
现在
$$\widetilde{U}(z,t)-U(z、t)=\sum_{j=0}^{N}\bigl(c_{j}(t)-\gamma_{jneneneep(t)\bigr)B_{j{(z)$$
利用引理4.1,我们到达
$$\垂直\波浪线{U} -U型\Vert_{\infty}\leq\frac{5}{3}\muh^{2}$$
(41)
使用三角形不等式,前面的表达式得出
$$\bigl\Vert u(z,t)-u(z,t)\bigr\Vert _{\infty}\leq\bigl\ Vert u$$
(42)
使用不等式(32)和(41)英寸(42),我们获得
$$\垂直u-u\垂直{\infty}\leq\mu_{0}h^{4}+\frac{5}{3}\muh^{2}=\varOmega h^{2]$$
哪里\(\varOmega=\mu_{0}h^{2}+\frac{5}{3}\mu\). □
被证明的定理和关系(7)证明了所提出的数值格式是收敛的。因此
$$\垂直u-u\垂直_{\infty}\leq\varOmega h^{2}+\varpi(\Delta t)^{2-\alpha}$$
哪里ϖ和Ω是实际常数,并且\(在(0,1]\)中为α这意味着该方法的实验收敛阶(EOC)为\(O(h^{2}+\增量t^{2-\α})\).