在本节中,我们将回顾海森堡小组。有关更多结果,请参阅[7,11]. 让\(\mathbb{H}^{1}\)是拓扑维数为3的海森堡群,即基础流形所在的李群\(\mathbb{R}^{3}\)被赋予非阿贝尔定律
$$\开始{aligned}\tau:{\mathbb{H}^{1}}\rightarrow{\mathbb{H{^1}},\qquad\tau_{xi}\bigl(\xi'\bigr)=\xi\circ\xi',\end{aligned}$$
哪里
$$\begin{aligned}\xi\circ\xi'=\bigl(x+x',y+y',t+t'+2\bigl-(x'y-xy'\bigr)\biger),\end{alinged}$$
对于\(对于所有xi,在mathbb{H}^{1}中为xi'\),使用\(xi=(x,y,t))和\(\xi'=(x',y',t'),满足逆运算。考虑扩张家族\(\mathbb{H}^{1}\)由定义
$$\begin{aligned}\delta_{s}(\xi)=\bigl(sx,sy,s^{2} t吨\大),对于{\mathbb{H}^{1}}中的所有\xi,\quad\,\end{aligned}$$
所以\(δ{s}(\xi\circ\xi')=δ{s{(\xi)(请参见[19]). 数字\(Q=4\)是均匀尺寸\(\mathbb{H}^{1}\),定义
$$\开始{aligned}\bigl\vert B_{H}(\xi_{0},r)\bigr\vert=\omega_{Q} 第页^{Q} ,\结束{对齐}$$
哪里\(B_{H}(\xi_{0},r)是海森堡球的半径第页居中于\(\xi_{0}\)即。,
$$\begin{aligned}B_{H}(\xi_{0},r)=\bigl\{xi\ in{\mathbb{H}^{1}}:d_{H}(\xi_0},\xi)<r\bigr\},\ end{alinged}$$
\(d_{H}(\xi_{0},\xi)=和\(ω_{Q}=|B_{H}(0,1)|\).
科恩-拉普拉斯人\(\增量_{H}\)在\(\mathbb{H}^{1}\)定义为
$$\开始{aligned}\Delta_{H} u个=\操作员姓名{分割}_{H} (纳布拉_{H} u个),\结束{对齐}$$
哪里\(纳布拉_{H} u个=(徐,余)事实上,向量场
$$X=\frac{\partial}{\partial X}+2y\frac{\partial}{\partial t},\qquad Y=\frac{\partial}{\partial Y}-2x\frac{\partial}{\partial t},\fquad\text{and}\fquad t=\frac{\partial}{\partial t}$$
是李代数的基础\(\mathbb{H}^{1}\)从而在上构成一组左不变向量场\(\mathbb{H}^{1}\)众所周知\(\Delta_{H}\)是一个退化椭圆算子,满足Bony极大值原理(参见[4]). 在本节中,系统解的存在性和多重性(1.1),何时\(\mu=-1\),进行了研究。我们证明了这个系统(1.1)利用非光滑泛函的临界点理论和变分方法得到了两个正解\(\lambda>0)足够小。
让我们回顾一下非光滑函数相关概念的关键点。让\((X,d)\)是具有度量的完备度量空间d日和\(f:X\rightarrow\mathbb{R}\)在中是连续函数X(X)。表示方式\(|df|(u)\)至高无上的δ在里面\([0,\infty)\)这样就存在\(r>0\)和一张连续的地图\(\sigma:U\times[0,r]\rightarrow X\),令人满意
$$\textstyle\begin{cases}f(\sigma(v,t))\leq f(v)-\delta t,&(v,t)\in U\times[0,r],\\d。\结束{cases}$$
(2.1)
数字\(|df|(u)\)被称为(f)在u个因此,\(u\在X\中)是(f)如果\(|df|(u)=0\)、和\(c\in\mathbb{R}\)是的临界值(f)如果存在临界点\(X中的u)属于(f)具有\(f(u)=c).
因为我们正在求解系统的正解(1.1),所以考虑功能\(I_{\lambda}\)定义在闭合正锥上\(U^{+}\)属于\(S^{1}_{0}(\Omega)\),定义为
$$\begin{aligned}U^{+}=S中的\bigl\{U\^{1}_{0}(\Omega),u(x)\geq 0,\text{a.e.}x\in\Omega\bigr\}。\结束{对齐}$$
希尔伯特空间\(S^{1}_{0}(\Omega)\)定义为\(C^{\infty}_{0}(\Omega)\)内部产品下\(langleu,v\rangle=int_{\Omega}\nabla_{H}u\nabla_2{H}v\,d\xi\)因此,范数表示为\(\|u\|=\|u\ |_{S^{1}_{0}(\Omega)}=(\int_{\Omega}|\nabla_{H}u|^{2}\,d\xi)^{\frac{1}{2}}\).标准\(L^{p}(\Omega)\)表示为\(\|u\|{p}=(\int_{\Omega}|u|^{p}\,d\xi)^{\frac{1}{p}}\).嵌入\(S^{1}_{0}(\欧米茄)\钩右箭头L^{p}(\Omega)\)连续\(p\在[1,Q^{*}]\中),其中\(Q ^{*}=\frac{2Q}{Q-2}=4\)是中的临界指数\(\mathbb{H}^{1}\)。让我们用表示\(B_{\rho}\)和\(S_{\rho}\)分别为零中心和半径的闭合球和球体ρ.让S公司是最佳的索波列夫常数,即
$$S=\inf_{u\in S^{1}_{0}(\mathbb{H}^{1})\反斜杠\{0\}}\frac{int_{mathbb}H}^1}}\vert\nabla_{H}u\vert^{2}\,d\xi}{(\int_{mathbb{H1}^{1'}\vertu\vert ^{4}\,2\xi)^{\frac}{1}{2}}}$$
(2.2)
首先,使用Lax-Milgram定理\(单位:S^{1}_{0}(\Omega)\),存在唯一的解决方案\(S中的φ{u}^{1}_{0}(\Omega)\),满足系统的第二个方程(1.1). 然后,系统(1.1)转化为以下问题
$$\textstyle\begin{cases}-\Delta_{H}u+\mu\phi_{u}u=\lambda u^{-\gamma},&\text{in}\Omega,\\u>0,&\text{in}\Omeca,\\u=0,&\text{on}\partial\Omega。\结束{cases}$$
(2.3)
对于问题(2.3),我们定义了函数
$$\开始{对齐}I_{\lambda}(u)=\frac{1}{2}\Vertu\Vert^{2}+\frac}\mu}{4}\int_{\Omega}\phi_{u} u个^{2} \,d\xi-\frac{\lambda}{1-\gamma}\int_{\Omega}\vertu\vert^{1-\gamma}\,d_xi。\结束{对齐}$$
(2.4)
我们知道功能\(I_{\lambda}\)定义明确\(C^{1}(S)中的I_{\lambda}^{1}_{0}(\Omega),\mathbb{R})此外,我们这么说u个是问题的弱解决方案(2.3)如果u个满足
$$\begin{aligned}\bigl\langleI'_{\lambda}(u),v\bigr\rangle&=\int_{\Omega}\nabla_{H} u个\nabla_{H}v\,d\xi+\mu\int_{\Omega}\phi_{u} u个\,vd\xi-\lambda\int _{\Omega}\frac{v}{u^{\gamma}}}\,d\xi=0,\fquad\对于S中的所有v\^{1}_{0}(\Omega)。\结束{对齐}$$
(2.5)
通过Hölder不等式和(2.2),我们获得
$$\begin{aligned}\int_{\Omega}\vert u\vert^{1-\gamma}\,d\xi\leq S^{-\frac{1-\gamma}{2}}\vert\Omega\vert ^{\frac}3+\gamma{4}}\vert u\vert^{1-\gamma}。\结束{对齐}$$
(2.6)
引理2.1
(参见[1])
对于所有人 \(单位:S^{1}_{0}(\Omega)\),有一个独特的解决方案 \(S中的φ{u}^{1}_{0}(\Omega)\) 属于
$$\textstyle\begin{cases}-\Delta_{H}\phi=u^{2},&\textit{in}\Omega,\\phi=0,&\text{on}\partial\Omeca,\end{cases{$$
和
-
(1)
\(\phi_{u}\geq0\) 和 \(φ{tu}=t^{2}φ{u}) 对于每个 \(t>0);
-
(2)
如果 \(u{n}\rightharpoonup u\) 在里面 \(S^{1}_{0}(\Omega)\),然后 \(φ{u{n}}\rightarrow\φ{u}\) 在里面 \(S^{1}_{0}(\欧米茄)\) 和
$$开始{aligned}\lim_{n\rightarrow\infty}\int_{\Omega}\phi_{u_{n}}u_{n} v(v)\,d\xi=\int_{\Omega}\phi_{u} 紫外线\S中所有v的,d\xi,\quad\^{1}_{0}(\欧米茄);\结束{对齐}$$
-
(3)
对于所有人 \(单位:S^{1}_{0}(\Omega)\),有人认为
$$\开始{aligned}\int_{\Omega}\vert\nabla_{H}\phi_{u}\vert^{2}\,d\xi=\int_}\Omega}\phi_{u} 单位^{2} \,d\xi\leq S^{-1}\垂直u\垂直^{4}_{8/3}\leq S^{-3}\vert\Omega\vert^{\frac{1}{2}}\vert-u\vert^{4};\结束{对齐}$$
-
(4)
对于 \S中的(u,v^{1}_{0}(\Omega)\),\(\int_{\Omega}(\phi_{u} u个-\φ_{v} v(v))(u-v)\,d\xi\geq\frac{1}{2}\_{u}-\φ{v}).
引理2.2
假设 \(u^{+}\中的u\) 和 \(|dI_{\lambda}|(u)<+\infty\).然后,为所有人 \(v\在U^{+}\中),一个人获得
$$\开始{aligned}\lambda\int_{\Omega}\frac{v-u}{u^{\gamma}}\,d\xi\leq\int_}\Omega}\nabla_{H} u个\纳布拉{H}(v-u)\,d\xi-\int_{\Omega}\phi_{u} u个(v-u)\,d\xi+\vert dI_{\lambda}\ vert(u)\垂直v-u\垂直。\结束{对齐}$$
(2.7)
证明
让\(u^{+}中的u\neq v)和\(\|v-u\|>2\delta\).定义\(\sigma:U\次[0,\delta]\右箭头U^{+}\)通过
$$\begin{aligned}\sigma(z,t)=z+t\frac{v-z}{\Vertv-z\Vert},\end{aligned}$$
哪里U型是附近的u个,然后\(σ(z,t)-z=t).签署人(2.1),存在\((z,t)\单位为U \次[0,\增量]\)这样的话\(I_{\lambda}(\sigma(z,t))>I_{\ lambda{(z)-ct\)因此,我们假设存在序列\({u_{n}\}\子集u^{+}\)和\(\{t_{n}\}\subet[0,+\infty)\),使得\(u{n}\右箭头u\),\(t_{n}\右箭头0^{+}\)、和
$$I{\lambda}\biggl(u_{n}+t_{n}\frac{v-u{n}}{\Vertv-u{n}\Vert}\bigr)\geqI{\lambda}(u_})-ct_{n}$$
那就是说
$$\开始{对齐}I_{\lambda}\bigl(u_{n}+s_{n{(v-u{n}$$
(2.8)
哪里\(s_{n}=\frac{t_{n}}{\Vertv-u{n}\Vert}\rightarrow0^{+}\)作为\(n\rightarrow\infty\).分割(2.8)由\(s{n}\),我们推断
$$开始{对齐}和\frac{\lambda}{1-\gamma}\int_{\Omega}\frac{[u{n}+s_{n}(v-u{n{)]^{1-\gamma}-u_{n{n}^{1-\ gamma}{s_{n},d\xi\\&\quad\leq\frac{1}{2}\frac}\vertu{n}+s_{n})\垂直^{2}-\Vertu{n}\Vert^{2}{s_{n}}\\&\quad\quad{}-\frac{1}{4}\int_{\Omega}\frac{\phi_{u{n}+s_{n}(v-u{n{)}^{2}-\φ{u{n}}u{n{n}^{2}}{s{n},d\xi+c\垂直v-u{nneneneep \垂直。\结束{对齐}$$
(2.9)
此外,我们可以推断出
$$开始{aligned}\int_{\Omega}\frac{[u_{n}+s_{n{(v-u_{n})]^{1-\gamma}-u_{n}^{1-\ gamma}}{s_{n(1-\gama)}\,d\xi=&\int_}\Omega}\frac{[u{n}+s_})u{n}]^{1-\gamma}}{s_{n}(1-\gama)}\,d\xi\\&+\int_{\Omega}\frac{[(1-s_{n})u{n}]^{1-\ gamma}-u{n{,d\xi\\=&\int_{\Omega}\frac{[u_{n}+s_{n{(v-u{n}\Omega}\vert u_{n}\vert^{1-\gamma}\,d\xi\\=&I_{1n}+I_{2n}。\结束{对齐}$$
(2.10)
根据中值定理
$$I_{1n}=\int_{\Omega}\frac{\zeta_{n}^{-\gamma}s_{n} v(v)}{s_{n}}\,d\xi=\ int _{\Omega}\ frac{v}{\zeta _{n}^{\gamma}}\,d\xi$$
哪里\(u)中的(zeta{n}_{n} -秒_{n} (v-u{n}),这是\(\泽塔{n}\右箭头u(u{n}\rightarrow u)\)作为\(s_{n}\右箭头0^{+}\),自\(I_{1n}\geq0\)为所有人n个.应用Fatou引理\(I_{1n}\),一个得到
$$\liminf_{n\rightarrow\infty}I_{1n}\geq\int_{\Omega}\frac{v}{u^{\gamma}}\,d\xi,\quad\对于u^{+}中的所有v\$$
对于\(I_{2n}\),通过支配收敛定理,它认为
$$\lim_{n\rightarrow\infty}I_{2n}=-\int _{\Omega}\vert u\vert ^{1-\gamma}\,d\xi$$
对于每个\(v\在U^{+}\中),以及上述信息,我们有
$$开始{aligned}\lambda\int_{\Omega}\frac{v-u}{u^{\gamma}}\,d\xi&\leq\liminf_{n\rightarrow\infty}(I_{1n}+I_{2n})_{H} u个\纳布拉{H}(v-u)\,d\xi-\int_{\Omega}\phi_{u} u个(v-u)\,d\xi+c\垂直v-u\垂直,\结束{对齐}$$
哪里\(|dI_{\lambda}|(u)<c\)是任意的。□
引理2.3
\(I_{\lambda}\) 满足 \((附言) 条件.
证明
让\({u_{n}\}\子集u^{+}\)是\((附言)序列\(I_{\lambda}\),这是
$$\vert dI_{\lambda}\vert(u_{n})\rightarrow 0,\qquad I_{\lambda}(u_})\ rightarrol c\in\mathbb{R}\quad\text{as}n\rightarror\infty$$
按引理2.2,\(对于U^{+}\中的所有v\),我们可以推断
$$开始{aligned}\lambda\int_{\Omega}\frac{v-u_{n}}{u_{n}^{gamma}}\,d\xi\leq\int_}\Omega}\nabla_{H} u个_{n} 纳布拉{H}(v-u{n})$$
(2.11)
拿\(v=2u_{n}\在U^{+}\中)英寸(2.11),我们有
$$开始{aligned}\lambda\int_{\Omega}\vert u_{n}\vert^{1-\gamma}\,d\xi\leq\int_}\Omega}\vert\nabla_{H} u个_{n} \vert^{2}\,d\xi-\int_{\Omega}\phi_{u{n}}u{n{2}\,d_xi+o(1)\Vertu{nneneneep \vert。\结束{对齐}$$
(2.12)
自\(I_{\lambda}(u_{n})\右箭头c\),
$$\开始{aligned}\frac{1}{2}\int_{\Omega}\vert\nabla_{H} u个_{n} \vert^{2},d\xi-\frac{1}{4}\int_{\Omega}\phi_{u{n}}u{n{2}\,d\xi-\frac{\lambda}{1-\gamma}\int_{\Omega}\vertu{nneneneep,d\xi=c+o(1)。\结束{对齐}$$
(2.13)
发件人(2.12)和(2.13),我们有
$$\开始{aligned}\frac{1}{4}\int_{\Omega}\vert\nabla_{H} u个_{n} \vert^{2}\,d\xi和\leq\lambda\biggl \垂直^{1-\gamma}+c+o(1)\垂直u_{n}\垂直,\结束{对齐}$$
(2.14)
这意味着\({u{n})以为界\(S^{1}_{0}(\Omega)\)因此,存在一个子序列(仍由其自身表示)和一个函数\(u \在S中^{1}_{0}(\Omega)\),因此\(u{n}\rightharpoonup u\)在里面\(S^{1}_{0}(\Omega)\),\(u_{n}(x)\右箭头u(x)a.e.单位为Ωas\(n\rightarrow\infty\).选择\(v=u{m}\)作为中的测试功能(2.11),我们有
$$\开始{aligned}\lambda\int_{\Omega}\frac{u_{m} -u个_{n} }{u{n}^{gamma}}\,d\xi\leq\int_{\Omega}\nabla_{H} u个_{n} \nabla_{H}(u_{m} -u个_{n} )\,d\xi-\int_{\Omega}\phi_{u{n}}u{n{(u_{m} -u个_{n} )\,d\xi+o(1)\垂直u_{m} -u个_{n} \垂直。\结束{对齐}$$
交换\(u{m}\)和\(u{n}\)给出了一个类似的不等式,并将两个不等式和引理相加2.1(4) ,它认为
$$\开始{对齐}\垂直u_{n} -u个_{m} \垂直^{2}&\leq\lambda\int_{\Omega}(u_{n} -u个_{m} )\biggl(\压裂{1}{u{n}^{gamma}}-\压裂{1'{u{m}^{gamma}}\biggr)\,d\xi\\&\四{}-\int_{\Omega}(\phi_{u{m}}u_{米}-\φ{u{n}}(u_{n} -u个_{m} )\,d\xi+o(1)\垂直u_{m} -u个_{n} \Vert\\\\leq-\int_{\Omega}(\phi_{u_{m}}u)_{米}-\φ{u{n}}(u_{m} -u个_{n} )\,d\xi+o(1)\垂直u_{m} -u个_{n} \Vert\\&\leq-\frac{1}{2}\Vert\phi_{u{m}}-\phi_{u{n}}\Vert^{2}+o(1)\Vert u_{m} -u个_{n} \垂直(1)\垂直u_{m} -u个_{n} \垂直。\结束{对齐}$$
我们有\(\lim_{n\rightarrow\infty}\垂直_{n} -u个_{m} \垂直=0\)因此,\(u{n}\右箭头u\)在里面\(S^{1}_{0}(\Omega)\)作为\(n\rightarrow\infty\). □
引理2.4
假设 \(\vert dI_{\lambda}\vert(u)=0\),然后 u个 是这个问题的薄弱解决方案(2.3).即,\(L^{1}(\Omega)中的u^{-\gamma}\varphi\) 为所有人 \(\varphi\在S中^{1}_{0}(\欧米茄)\),有个等待
$$\开始{aligned}\int_{\Omega}\nabla_{H} u个\nabla_{H}\varphi\,d\xi-\int_{\Omega}\phi_{u} u个\varphi\,d\xi=\lambda\int_{\Omega}\frac{\varphi}{u^{\gamma}}\,d_xi。\结束{对齐}$$
(2.15)
证明
按引理2.2,我们推断
$$\开始{aligned}\lambda\int_{\Omega}\frac{v-u}{u^{\gamma}}\,d\xi\leq\int_}\Omega}\nabla_{H} u个\纳布拉{H}(v-u)\,d\xi-\int_{\Omega}\phi_{u} u个(v-u)\,d\xi,\结束{对齐}$$
对于每个\(v\在U^{+}\中).出租\(s\in\mathbb{R}\),\(S中的\varphi\^{1}_{0}(\Omega)\),采取\(v=(u+s\varphi)^{+}\)和\(v\在U^{+}\中)作为中的测试功能(2.7),一个人得到
$$\开始{aligned}0&\leq\int_{\Omega}\nabla_{H} u个\nabla_{H}\bigl((u+s\varphi)^{+}-u\bigr)\,d\xi-\int_{\Omega}\phi_{u} u个\bigl((u+s\varphi)^{+}-u\bigr)\,d\xi-\lambda\int_{\Omega}\frac{(u+s\varphi_{H} u个\nabla_{H}\varphi\,d\xi-\int_{\Omega}\phi_{u} u个\varphi\,d\xi-\lambda\int_{\Omega}\frac{\varphi}{u^{\gamma}}\,d_xi\biggr)-\int_}\{u+s\varphi<0\}}\nabla_{H} u个\nabla{H}(u+s\varphi)\,d\xi\\&\quad{}+\int_{u+s\ varphi<0\}}\phi_{u} 单位(u+s \ varphi)\,d \ xi+\ int _{\{u+s \ varphi<0\}}\ frac{u+s \ varphi}{u ^{\gamma}}}\,d \ xi \&\ leq s \ biggl(\ int _{\Omega}\nabla_{H} u个\nabla_{H}\varphi\,d\xi-\int_{\Omega}\phi_{u} u个\varphi\,d\xi-\lambda\int_{\Omega}\frac{\varphi}{u^{\gamma}}\,d\\xi\biggr)\\&\quad{}-s\int_}\{u+s\varphi<0\}}(\nabla_{H} u个\纳布拉{H}\varphi-\phi_{u} u个\varphi)\,d\xi,\end{对齐}$$
自从\(纳布拉{H}u(x)=0\)对于a.e。\(x\英寸\欧米茄\)具有\(u(x)=0)、和\(\operatorname{Meas}\{x\in\Omega:u(x)+s\varphi(x)<0,u(x)>0\}\rightarrow 0\)作为\(s\rightarrow 0\),一个获得
$$\开始{aligned}\int_{{u+s\varphi<0\}}(\nabla_{H} u个\nabla_{H}\varphi-\phi_{u} 单位\varphi)\,d\xi=\int_{\{u+s\varphi<0,u>0\}}(\nabla_{H} u个\纳布拉{H}\varphi-\phi_{u} u个\varphi)\,d\xi\rightarrow 0。\结束{对齐}$$
因此
$$\开始{aligned}0\leqs\biggl(\int_{\Omega}\nabla_{H} u个\nabla_{H}\varphi\,d\xi-\int_{\Omega}\phi_{u} u个\varphi\,d\xi-\lambda\int_{\Omega}\frac{\varphi}{u^{\gamma}}\,d_xi\biggr)+o(s),\end{aligned}$$
作为\(s\rightarrow 0\),我们得到
$$\开始{aligned}\int_{\Omega}\nabla_{H} u个\nabla_{H}\varphi\,d\xi-\int_{\Omega}\phi_{u} 单位\varphi\,d\xi-\lambda\int_{\Omega}\frac{\varphi}{u^{\gamma}}\,d\xi\geq 0。\结束{对齐}$$
由于…的任意性φ,也适用于−φ
$$\开始{aligned}\int_{\Omega}\nabla_{H} u个\nabla_{H}\varphi\,d\xi-\int_{\Omega}\phi_{u} u个\varphi\,d\xi-\lambda\int_{\Omega}\frac{\varphi}{u^{\gamma}}\,d_xi=0。\结束{对齐}$$
因此,我们可以推断(2.15)持有。□
引理2.5
鉴于 \(0<伽马<1),存在常量 \(r,\rho,\Lambda_{0}>0\),这样 \(I_{\lambda}\) 满足以下条件 \(0<\lambda<\lambda _{0}\):
-
(i)
\(S_{\rho}}\geqr>0\中的I_{\lambda}(u)|_{u\),\(B_{\rho}}I_{\lambda}(u)中的\inf_{u\;
-
(ii)
存在 \(S中的e^{1}_{0}(\Omega)\) 具有 \(\|e\|>\rho\) 这样的话 \(I_{lambda}(e)<0).
证明
(i) 它源自(2.6)和引理2.1(3) 那个
$$\开始{对齐}I_{\lambda}(u)&=\frac{1}{2}\Vert-u\Vert^{2}-\压裂{1}{4}\int_{\Omega}\phi_{u} u个^{2} \,d\xi-\frac{\lambda}{1-\gamma}\int_{\Omega}\vert u\vert^{1-\gamma}\,d_xi\\&\geq\frac}{1}{2}\vert u\vert^{2}-\压裂{1}{4} 秒^{-3}\vert\Omega\vert^{\frac{1}{2}}\vert u\vert^{4}-\压裂{\lambda}{1-\gamma}S^{-\frac{1-\gamma}{2}}\vert\Omega\vert^{\压裂{3+\gamma{4}}\vert u\vert^{1-\伽玛},\end{aligned}$$
这意味着存在常量\(r,\rho,\Lambda_{0}>0\),因此\(S_{\rho}}\geqr>0\中的I_{\lambda}|_{u\)对于每个\((0,\lambda_{0})中的\lambda\)此外,对于\(单位:S^{1}_{0}(\Omega)\反斜杠\{0\}\),它认为
$$\lim_{t\rightarrow0^{+}}\压裂{I_{\lambda}(tu)}{t^{1-\gamma}}=-\frac{\lampda}{1-\gamma}\int_{\Omega}\vertu\vert^{1-\gamma{\,d\xi<0$$
因此,我们得到\(I_{lambda}(tu)<0\)为所有人\(用户0)和t吨足够小。因此,对于\(\|u\|\)足够小,有一个
$$m=\inf_{u\在B_{\rho}}I_{\lambda}(u)<0$$
(ii)每\S中的(u^{+}^{1}_{0}(\Omega)\),\(u^{+}\neq 0\)和\(t>0),我们得到
$$\begin{aligned}I_{\lambda}(tu)&=\frac{t^{2}}{2}\Vert u\Vert^{2}-\压裂{t^{4}}{4}\int_{\Omega}\phi_{u} u个^{2} \,d\xi-\frac{\lambda t^{1-\gamma}}{1-\gamma}\int_{\Omega}\vert u\vert ^{1-\ gamma}\,d_xi\rightarrow-\infty,\end{aligned}$$
作为\(t\rightarrow+\infty\)。因此,我们可以发现\(S中的e^{1}_{0}(\Omega)\)这样的话\(\|e\|>\rho\)和\(I_{lambda}(e)<0). □