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BY 4.0许可 开放式访问 发布人:德古意特出版社 2017年8月3日

具有奇异非线性的On Lane–Emden系统及其在MEMS中的应用

  • 乔·马科斯·多奥 ORCID标志 电子邮件徽标 罗德里戈·克莱门特 ORCID标志
来自日记账高级非线性研究

摘要

本文分析了Lane–Emden系统

- Δ u个 = λ (f) ( x ) ( 1 - v(v) ) 2 英寸 Ω , - Δ v(v) = μ ( x ) ( 1 - u个 ) 2 英寸 Ω , 0 u个 , v(v) < 1 英寸 Ω , u个 = v(v) = 0 上的 Ω ,

其中λ和μ是正参数,Ω是的光滑有界区域N个(N个1)这里我们证明了临界曲线Γ的存在性,它分裂了(λ,μ)-平面成两个不相交集𝒪1𝒪2使Lane–Emden系统具有平滑的最小稳定解决方案(u个λ,v(v)μ)在里面𝒪1,而对于(λ,μ)𝒪2没有任何解决方案。我们还建立了临界曲线Γ的上下估计以及该曲线上的正则性结果,如果N个7.我们的证明基于一个微妙的组合,其中涉及最大值原理和L(左)第页Lane–Emden系统半稳定解的估计。

1引言

本文讨论二阶耦合奇异椭圆方程的哈密顿系统

(Sλ,μ) { - Δ u个 = λ (f) ( x ) ( 1 - v(v) ) 2 英寸 Ω , - Δ v(v) = μ ( x ) ( 1 - u个 ) 2 英寸 Ω , 0 u个 , v(v) < 1 英寸 Ω , u个 = v(v) = 0 上的 Ω ,

其中λ和μ是正参数,Ω是N个(N个2)(f)满足以下条件:

(H1) (f) , C α ( Ω ¯ ) 对一些人来说 α ( 0 , 1 ] , 0 (f) , 1 ,
(H2) (f) , > 0 关于的子集 Ω 积极措施。

1.1动机和相关结果

系统(Sλ,μ)可以被视为具有负指数非线性的Lane–Emden型系统(参见示例[18,28,34,35]). 对于具有类连续幂次非线性的椭圆方程组解的存在性和不存在性,人们做了大量的工作,其中我们回顾了[11,12,13,14,15,26,30]和调查[10]. 对于Lane–Emden型奇异非线性的最新描述,我们建议读者参考[22]. 这里我们用非线性特征值问题来研究存在性、不存在性和正则性结果(Sλ,μ)其中,为了清楚起见,我们考虑库仑非线性源,尽管大多数结果都扩展到更一般的情况。具有连续非线性系统的相关结果已在[25,31].

另一个需要考虑的重要动机(Sλ,μ)来自于最近对微电子机械系统(MEMS)建模方程的研究:

(Pλ) { - Δ v(v) = λ ( x ) ( 1 - v(v) ) 2 英寸 Ω , 0 v(v) < 1 英寸 Ω , v(v) = 0 上的 Ω .

在设计各种类型的微型机械时,MEMS通常用于将电子学与微型机械设备相结合。因此,MEMS设备已成为许多商业系统的关键组件,包括用于车辆安全气囊展开的加速计、喷墨打印头、光学开关和化学传感器。

用半线性椭圆方程耦合描述的非线性相互作用在过去几十年中揭示了研究非线性现象的基本工具(参见[,9,13,14,16]以及其中的参考)。在上述所有情况下,非线性都可以用连续函数来表示。最近,在微电子机械系统建模和设计中,一种严格的数学方法要求同时考虑会产生奇异性的非线性。简而言之,人们可以认为MEMS的驱动是由微板的动态所控制的,微板在施加压降后,在库仑力的作用下向固定板偏转。

在平稳情况下,描述该器件的朴素模型被转换为二阶椭圆偏微分方程(),其中Ω是中的有界光滑域N个和积极作用有界且与材料的介电性能有关,参见调查[20]还有[23,27,32]了解更多技术方面的信息。中等式的关键特征()被非线性的不连续性所保留v(v)1-这在应用程序中对应于设备的快照。

研究的总体目标()是分析解分支的结构及其定性性质。正参数λ的作用是调节跌落电压,从PDE的角度来看,它产生了存在和不存在解之间的阈值,这些解存在到最大值λ*这在文献中被称为极值解的正则性问题(参见示例[8,20,24,33]).

这里我们提到了与我们的工作密切相关的关于合作型半线性椭圆系统的一些最新论文[31]研究了形式的椭圆系统Δu个=λ(f)(x,u个,v(v))Δv(v)=μ(x,u个,v(v))定义为Ω,它是齐次Dirichlet边界条件下的光滑有界区域。在一些适当的假设下,特别是在系统是合作的情况下,证明了在正象限中存在单调连续曲线γ𝒬将该组分为两个相连的组件:U型“低于”γ,其中C1(Ω¯)最小正解,以及V(V)“高于”γ,这里没有这样的解决方案。对于γ上的点,在加权Lebesgue空间的意义下存在弱解L(左)d日1(Ω),其中d日(x)是到边界的距离Ω.中解的线性化稳定性U型也得到了证明。存在性证明使用子解和超解,弱解的存在性由一个涉及先验估计的极限论证来证明L(左)d日1(Ω)对于经典解。

极值解的正则性是一个备受关注的问题。对于标量情况()F.Mignot和J.-P.Puel[29]研究了某些非线性的正则性结果,即,(u个)=e(电子)u个,(u个)=u个具有>1,(u个)=1(1-u个)k个具有k个>0最近,N.Ghoussoub和Y.Guo补充了这一分析[23]对于零Dirichlet边界条件下有界域Ω中的MEMS情况,除了稳定稳态的其他精细性质外,他们证明了如果1N个7N个=8是这类问题的关键维度。

对于椭圆系统,稳定性不等式最早是在研究系统的Liouville定理和De Giorgi猜想时建立的,见[21]. 极值解的正则性与用于爆破分析和标度的Liouville定理之间存在对应关系。此不等式用于在[5]对于系统和中[6]对于四阶情形。C.考恩[4]考虑了Gelfand型非线性的特殊情况,即当(f)(x,u个,v(v))=e(电子)v(v)(x,u个,v(v))=e(电子)u个他研究了临界曲线上极值解的正则性,精确地证明了如果N个9(N个-2)8<μ*λ*<8(N个-2)则相关的极值解是光滑的。这意味着N个=10是Gelfand系统的临界维数,因为与这类问题相关的标量方程可能是奇异的,如果N个10后来,C.Cowan和M.Fazly加入[5]研究了由

(1.1) - Δ u个 = λ (f) ( u个 ) ( v(v) ) , - Δ v(v) = μ (f) ( u个 ) ( v(v) ) 英寸 Ω ,

(1.2) - Δ u个 = λ (f) ( u个 ) ( v(v) ) , - Δ v(v) = μ (f) ( u个 ) ( v(v) ) 英寸 Ω ,

在有界凸域Ω中具有零Dirichlet边界条件。他们证明了对于一般非线性(f)与之相关的极值解(1.1)在以下情况下是有界的N个对于径向区域,他们证明了极值解是有界的,前提是N个<10.与(1.2)在以下情况下是有界的(f)为一般非线性(v(v))=(1+v(v))q个对于1<q个<+N个.对于形式的显式非线性(f)(u个)=(1+u个)第页(v(v))=(1+v(v))q个对于(1.1)和(1.2).

近年来,这类问题有两个自然的四阶推广和推广。D.Cassani、J.M.do Oh和N.Ghoussoub[2]考虑了表格的问题

(1.3) { Δ 2 u个 = λ (f) ( x ) ( 1 - v(v) ) 2 英寸 Ω , 0 u个 < 1 英寸 Ω , u个 = u个 η = 0 上的 Ω ,

用双调和算子Δ2并符合Dirichlet条件,其中η表示垂直于Ω在物理模型中,他们考虑了板的情况,其中现在允许弯曲刚度,但其影响主导拉伸张力,忽略了非局部贡献。因为没有最大值原则Δ2利用一般区域的Dirichlet边界条件,作者利用T.Boggio引起的Green函数的正性[1]并考虑问题(1.3)限制在球上。之后,C.Cowan和N.Ghoussoub[6]研究了形式的四阶问题

(1.4) { Δ 2 u个 = λ (f) ( u个 ) 英寸 Ω , 0 u个 < 1 英寸 Ω , u个 = Δ u个 = 0 上的 Ω ,

使用Navier边界条件,其中(f)是以下非线性之一:

(f) ( u个 ) = e(电子) u个 , (f) ( u个 ) = ( 1 + u个 ) 第页 , (f) ( u个 ) = ( 1 - u个 ) - 第页 .

注意,可以考虑四阶方程(1.4)作为以下类型的系统:

(1.5) { - Δ v(v) = λ (f) ( u个 ) 英寸 Ω , - Δ u个 = v(v) 上的 Ω , u个 = v(v) = 0 上的 Ω .

使用这种方法,他们利用获得的椭圆系统稳定性不等式证明了半稳定解的正则性结果,从而证明了极值解的正则化结果(1.5)与问题相关(1.4).

1.2主要成果说明

本文的主要目标是为正在进行的MEMS类型的非线性特征值问题的研究提供补充,因为这是可供参考的情况[4,5,31]. 我们的第一个结果涉及曲线的存在性,该曲线将正象限分割为两个相连的分量。

定理1.1。

假设条件(上半年)和(氢气)保持。然后,存在一条分离正象限的曲线Γ(λ,μ)-平面成两个相连的组件O(运行)1O(运行)2。对于(λ,μ)O(运行)1,问题(Sλ,μ)具有正的经典最小解(u个λ,v(v)λ)。否则,如果(λ,μ)O(运行)2,没有解决方案。

定理1.2和定理1.3包含临界曲线的上下估计值。这些估计值仅取决于(f),,|Ω|和尺寸N个即:

定理1.2。

假设(f),满足(上半年)和(氢气). 然后是区域O(运行)1是非空的,更准确地说,存在一个正常数CN个这只取决于尺寸N个这样的话

( 0 , ( (f) , | Ω | , N个 ) ] × ( 0 , ( , | Ω | , N个 ) ] 𝒪 1 ,

哪里

( (f) , | Ω | , N个 ) := C N个 1 啜饮 Ω (f) ( x ) ( ω N个 | Ω | ) 2 N个 , ( , R(右) , N个 ) := C N个 1 啜饮 Ω ( x ) ( ω N个 | Ω | ) 2 N个 ,

C N个 = 最大值 { 8 N个 27 , 6 N个 - 8 9 } .

定理1.3。

假设(f),满足(上半年)和(氢气). 假设inf公司Ω(f)(x)>0inf公司Ω(x)>0分别是。然后

λ * 4 μ 1 27 1 inf公司 Ω (f) ( x ) 𝑜𝑟 μ * 4 μ 1 27 1 inf公司 Ω ( x ) ,

分别,其中μ1是的第一个特征值(-Δ,H(H)01(Ω))因此,如果inf公司Ω(f)(x)>0inf公司Ω(x)>0,地区O(运行)1精确地说是有界的,

𝒪 1 ( 0 , 4 μ 1 27 1 inf公司 Ω (f) ( x ) ) × ( 0 , 4 μ 1 27 1 inf公司 Ω ( x ) ) .

在接下来的两个定理中,我们讨论了系统临界曲线的单调性(Sλ,μ). 我们提到,对于标量情况,已经证明了类似的结果()英寸[19,23]. 在[19]结果表明,介电常数分布可以改变分岔图并改变方程紧性的临界维数().

定理1.4。

假设条件(上半年)和(氢气)保持。如果(Sλ,μ)有一个以Ω为单位的解,那么它也有任何子域的解ΩΩ格林函数存在。此外,λ*(Ω)λ*(Ω)对于相应的最小解,我们有u个Ω(x)u个Ω(x)v(v)Ω(x)v(v)Ω(x)为所有人xΩ.

定理1.5。

(f),满足(上半年)和(氢气). (f),是的Schwarz对称化(f)分别是。然后λ*(Ω,(f),)λ*(B类R(右),(f),)以及每个λ(0,λ(B类R(右),(f),))我们有Γ(Ω,(f),)(λ)Γ(B类R(右),(f),)(λ).

类似于标量情况(参见[23]),我们可以定义(Sλ,μ)用于临界曲线上的点。确切地说,让我们考虑一个序列(λn个,μn个)在汇聚到一点的临界曲线以下(λ*,μ*)在临界曲线上。根据定理1.1,我们可以考虑最小解(u个λn个,v(v)μn个)系统的(S公司λn个,μn个)现在,我们可以定义极值解(u个*,v(v)*)(λ*,μ*)通过传递到极限n个+,即

( u个 * , v(v) * ) = n个 + ( u个 λ n个 , v(v) μ n个 ) .

以下定理讨论了(Sλ,μ). 主要思想是在稳定性不等式中应用适当的测试函数(参见引理3.5(见下文)。这个不等式是解决系统和四阶方程问题的主要技巧。M.Crandall和P.Rabinowitz使用了这种涉及稳定性不等式和Moser迭代方法的论证[7]起源于调和映射和微分几何。

定理1.6。

假设(f),=1然后是极值解(u个*,v(v)*)系统的(S公司λ*,μ*)在以下情况下是平滑的N个7.

备注1.7。

遵守该定理1.6确定了这类Lane–Emden系统的临界尺寸,它精确地确定了尺寸N个*这样,当N个<N个*N个N个*的确,如果我们将Ω视为单位球,u个=v(v)λ=μ然后将系统转化为标量方程,得到最优解。例如,函数u个*(x)=1-|x|2是的奇异解-Δu个=λ(1-u个)2如果N个8(参见[23,定理1.3])。

1.3概述

本文的结构如下。在下一节中,我们将介绍文本中使用的一些辅助结果。此外,我们还研究了临界曲线、极值参数和极小解的存在性。我们还建立了临界曲线Γ的上下界和极值参数的单调性结果。在章节中我们得到了极小解分支的一些估计和性质,从而证明了关于极值解的正则性结果。

2临界曲线:经典解的存在性

本节的主要目标是证明定理1.1,1.21.3.精确地,通过亚超解的方法,我们证明了参数λ存在一个非增连续函数Γ,从而(Sλ,μ)至少有一个解决方案0<μ<Γ(λ)然而(Sλ,μ)没有解决方案μ>Γ(λ)在下文中,除非另有说明,否则解决方案是指类的经典解决方案𝒞2(Ω).为了完整性,我们简要概述了下一个引理的证明。有关更多详细信息,请参阅[4,5,31].

引理2.1。

设λ和μ为正参数,从而存在经典超解(U型,V(V))的(Sλ,μ). 然后存在一个经典解(u个,v(v))第页,共页(Sλ,μ)这样的话u个U型v(v)V(V).

证明。

设置(u个0,v(v)0)=(U型,V(V)),我们可以定义(u个n个,v(v)n个)归纳如下

{ - Δ u个 n个 = λ (f) ( x ) ( 1 - v(v) n个 - 1 ) 2 英寸 Ω , - Δ v(v) n个 = μ ( x ) ( 1 - u个 n个 - 1 ) 2 英寸 Ω , 0 u个 n个 , v(v) n个 < 1 英寸 Ω , u个 n个 = v(v) n个 = 0 Ω .

根据最大值原理,我们有0<u个n个u个n个-1u个1u个00<v(v)n个v(v)n个-1v(v)1u个0因此,存在(u个,v(v))这样的话0u个=n个u个n个U型<10v(v)=n个v(v)n个V(V)<1通过标准紧性论证,我们得出了上述收敛性C2,α(Ω¯)解决方案(u个,v(v))第页,共页(Sλ,μ)尤其不同于零

我们现在声明并证明了关于解的坐标的单调性结果(Sλ,μ),精确地说:

引理2.2。

假设(u个,v(v))是一个平滑的解决方案(Sλ,μ),其中0<μλ.然后μu个λv(v)u个a.e.单位为Ω。

证明。

取方程式的差(Sλ,μ),将此等式乘以(u个-v(v))-并按部分进行整合,我们有

Ω | ( u个 - v(v) ) - | 2 d日 x = Ω ( λ ( 1 - v(v) ) 2 - μ ( 1 - u个 ) 2 ) ( u个 - v(v) ) - d日 x .

因为右边是非正的,左边是非负的,所以我们可以看到(u个-v(v))-=0a.e.单位为Ω,以此类推u个v(v)a.e.单位为Ω。现在,因为u个v(v),

- Δ ( v(v) - μ λ u个 ) = μ ( 1 ( 1 - u个 ) 2 - 1 ( 1 - v(v) ) 2 ) 0 .

因此,μu个λv(v),这就完成了证明

我们将证明这一点(Sλ,μ)λ和μ的经典解足够小,更准确地说,集合

Λ := { ( λ , μ ) 𝒬 : (S λ , μ )有一个经典的解决方案 }

有非空的内部。

引理2.3。

存在λ1>0这样的话(0,λ1]×(0,λ1]Λ.

证明。

B类R(右)是一个半径很大的球R(右)这样的话ΩB类R(右)然后让μ1,R(右)是Dirichlet边值问题的第一特征值(-Δ,H(H)01(Ω))并将相应的本征函数表示为ψ1,R(右)我们可以假设这是积极的,而且啜饮B类R(右)ψ1,R(右)=1现在我们证明存在θ>0这样的话ψ=θψ1,R(右)是的超级解决方案(S公司λ,λ)假如λ>0足够小。请注意,我们可以选择θ(0,1)这样的话0<1-θψ1,R(右)<1在里面B类.因此

{ - Δ ψ = μ 1 , R(右) θ ψ 1 , R(右) λ (f) ( x ) ( 1 - ψ ) 2 = λ (f) ( x ) ( 1 - θ ψ 1 , R(右) ) 2 英寸 Ω , - Δ ψ = μ 1 , R(右) θ ψ 1 , R(右) λ ( x ) ( 1 - ψ ) 2 = λ ( x ) ( 1 - θ ψ 1 , R(右) ) 2 英寸 Ω ,

假如

μ 1 , R(右) θ ψ 1 , R(右) ( 1 - θ ψ 1 , R(右) ) 2 λ 最大值 { (f) ( x ) , ( x ) } .

请注意

1 := inf公司 x Ω θ ψ 1 , R(右) < 2 := 啜饮 x Ω θ ψ 1 , R(右) < 1 ,

1,2依赖于R(右).设置Z轴():=(1-)2,很容易看出我们可以选择λ>0足够小,以至于

μ 1 , R(右) inf公司 x Ω Z轴 ( θ ψ 1 , R(右) ( x ) ) λ 最大值 { 啜饮 Ω ( x ) , 啜饮 Ω (f) ( x ) } .

因此,使用引理2.1,我们得出结论(λ,μ)Λ为所有人λ,μ(0,λ1]. ∎

引理2.4。

Λ有界。

证明。

(λ,μ)Λ(u个,v(v))是相应的解决方案(Sλ,μ). 将中的第一个方程相乘(Sλ,μ)由ψ1,R(右)通过部分积分,我们得到

| B类 R(右) | μ 1 , R(右) λ B类 R(右) (f) ( x ) ψ 1 , R(右) d日 x .

类似地,将第二个方程乘以(Sλ,μ)由ψ1,R(右),我们获得

| B类 R(右) | μ 1 , R(右) μ B类 R(右) ( x ) ψ 1 , R(右) d日 x

因此∧是有界的

现在我们声明∧是一个凸集,精确地说:

引理2.5。

如果(λ,μ),λλ,以及μμ对一些人来说(λ,μ)Λ然后(λ,μ)Λ.

证明。

它来自引理2.1事实上,与这一对关联的解决方案(λ,μ)Λ结果是一个超级解决方案(S公司λ,μ). ∎

2.1临界曲线

对于每个固定θ>0考虑一下这条线L(左)θ={λ>0:(λ,θλ)Λ}.观察该引理2.3和引理2.4意味着对于每个固定θ,线L(左)θ非空且有界。这允许我们定义曲线Γ:(0,+)𝒬通过Γ(θ):=(λ*(θ),μ*(θ))哪里λ*(θ):=啜饮L(左)θμ*(θ)=θλ*(θ).

定理的证明1.1.

定义𝒪1=ΛΓ。对于(λ1,μ1),(λ2,μ2)𝒪1,存在θ1,θ2>0这样的话μ1=θ1λ1μ2=θ2λ2.使用引理2.5,我们可以定义路径链接(λ1,μ1)(0,0)和另一条路径链接(0,0)(λ2,μ2)。遵循这一点𝒪1已连接。引理2.1意味着对于每个(λ,μ)𝒪1存在正极小经典解(u个λ,v(v)μ)对于问题(Sλ,μ). 现在,定义𝒪2=𝒬{ΛΓ}.让(λ1,μ1),(λ2,μ2)𝒪2.接受(λ最大值,μ最大值)𝒪2,其中λ最大值=最大值{λ1,λ2}μ最大值=最大值{μ1,μ2}。我们可以通过路径链接(λ1,μ1)(λ最大值,μ最大值)和另一条路径链接(λ最大值,μ最大值)(λ2,μ2)。遵循这一点𝒪2已连接

2.2临界曲线的上下限

据N.Ghoussoub和Y.Guo介绍[23],临界参数的下限有助于证明解的存在性(). 以下引理将是获得定理中包含的估计的主要工具1.2并给出了更容易计算的临界曲线的较低估计。

引理2.6。

假设Ω=B类=B类R(右)(f),是径向的,也就是说,(f)(x)=(f)(|x|)(x)=(|x|)为所有人xB类.然后

( 0 , ( (f) , R(右) , N个 ) ] × ( 0 , ( , R(右) , N个 ) ] Λ ,

哪里

( (f) , R(右) , N个 ) := C N个 1 啜饮 B类 (f) ( x ) 1 R(右) 2 , ( , R(右) , N个 ) := C N个 1 啜饮 B类 ( x ) 1 R(右) 2 ,

C N个 = 最大值 { 8 N个 27 , 6 N个 - 8 9 } .

证明。

请注意,函数w个(x):=1(1-|x|2R(右)2)满足

- Δ w个 = 2 N个 R(右) 2 8 N个 27 R(右) 2 啜饮 B类 (f) (f) ( x ) [ 1 - 1 ( 1 - | x | 2 R(右) 2 ) ] 2 = 8 N个 27 R(右) 2 啜饮 B类 (f) (f) ( x ) ( 1 - w个 ) 2 .

同样,

- Δ w个 8 N个 27 R(右) 2 啜饮 B类 ( x ) ( 1 - w个 ) 2 .

因此,对于

λ 8 N个 27 R(右) 2 啜饮 B类 (f) μ 8 N个 27 R(右) 2 啜饮 B类

我们有这个(w个,w个)是的超级解决方案(Sλ,μ)英寸B类类似地v(v)(x):=1-(|x|R(右))2/,我们有这双(v(v),v(v))是超解决方案(Sλ,μ)英寸B类前提是

λ 6 N个 - 8 9 R(右) 2 啜饮 B类 (f) μ 6 N个 - 8 9 R(右) 2 啜饮 B类 .

2.7号提案。

假设Ω=B类=B类R(右),(f)(x)=|x|α(x)=|x|β具有α,β0,然后

( 0 , ( α , R(右) , N个 ) ] × ( 0 , b条 ( β , R(右) , N个 ) ] Λ ,

哪里

( α , R(右) , N个 ) := 最大值 { 4 ( 2 + α ) ( N个 + α ) 27 , ( 2 + α ) ( N个 + α - 4 ) 9 } 1 R(右) 2 + α

b条 ( β , R(右) , N个 ) := 最大值 { 4 ( 2 + β ) ( N个 + β ) 27 , ( 2 + β ) ( N个 + β - 4 ) 9 } 1 R(右) 2 + β .

证明。

考虑功能w个(α,R(右))(x)=1(1-|x|2+αR(右)2+α)。使用我们在前面引理中所做的类似计算,我们可以证明(w个(α,R(右)),w个(β,R(右)))是超解决方案(Sλ,μ)英寸B类前提是

λ 4 ( 2 + α ) ( N个 + α ) 27 R(右) 2 + α μ 4 ( 2 + β ) ( N个 + β ) 27 R(右) 2 + β .

同样适用于函数w个(x)=1-(|x|R(右))(2+α)/如果

λ ( 2 + α ) ( N个 + α - 4 ) 9 R(右) 2 + α μ ( 2 + β ) ( N个 + β - 4 ) 9 R(右) 2 + β .

定理的证明1.3.

考虑(λ,μ)Λ以及相应的解决方案(u个,v(v))第页,共页(Sλ,μ). μ1并将相应的正本征函数表示为ψ1.采取ψ1作为第一个方程式中的测试函数(Sλ,μ)使用分部积分,我们得到

Ω ( - μ 1 u个 + λ (f) ( x ) ( 1 - v(v) ) 2 ) ψ 1 d日 x = 0 ,

这意味着λ>λ*,何时

(2.1) - μ 1 u个 + λ (f) ( x ) ( 1 - v(v) ) 2 > 0 英寸 Ω .

经过简单的计算,我们发现(2.1)保持,当

λ > 4 μ 1 27 1 inf公司 Ω (f) ( x ) .

在第二个方程中使用相同的方法,我们完成了证明

2.3极值参数的单调性结果

G公司Ω(x,ξ)=G公司(x,ξ)是区域Ω的拉普拉斯算子的格林函数G公司(x,ξ)=0如果xΩ.我们将写信(u个n个,Ω(x),v(v)n个,Ω(x))=(u个n个(x),v(v)n个(x))对于通过交互过程获得的序列,如下所示:(u个0,v(v)0)=(0,0)单位:Ω和

(2.2) { u个 n个 ( x ) = Ω λ (f) ( x ) G公司 ( x , ξ ) ( 1 - v(v) n个 - 1 ) 2 d日 ξ 英寸 Ω , v(v) n个 ( x ) = Ω μ ( x ) G公司 ( x , ξ ) ( 1 - u个 n个 - 1 ) 2 d日 ξ 英寸 Ω .

很容易看出,上面的序列一致收敛于(Sλ,μ)前提是0<λ<λ0<μ<Γ(λ).此构造将帮助我们证明λ*在定理中陈述1.4.

定理的证明1.4.

(u个n个,Ω,v(v)n个,Ω)定义如下(2.2)将Ω替换为Ω.对子域使用相应的格林函数ΩΩ满足不等式G公司Ω(x,ξ)G公司Ω(x,ξ),我们有

u个 1 , Ω ( x ) = Ω λ (f) ( x ) G公司 Ω ( x , ξ ) d日 ξ Ω λ (f) ( x ) G公司 Ω ( x , ξ ) d日 ξ 英寸 Ω ,
v(v) 1 , Ω ( x ) = Ω μ ( x ) G公司 Ω ( x , ξ ) d日 ξ Ω μ ( x ) G公司 Ω ( x , ξ ) d日 ξ 英寸 Ω .

通过归纳,我们得出结论:u个n个,Ω(x)u个n个,Ω(x)v(v)n个,Ω(x)v(v)n个,Ω(x)在里面Ω另一方面,因为u个n个,Ω(x)u个n个+1,Ω(x)v(v)n个,Ω(x)v(v)n个+1,Ω(x)单位:Ωn个,我们明白了u个n个,Ωx)u个Ω(x)v(v)n个,Ω(x)v(v)Ω(x)在里面Ω. ∎

推论2.8。

假设(f)1,(f)2,1,2:Ω¯R(右)满足条件(上半年)和(氢气);(f)1(x)(f)2(x);1(x)2(x)为所有人xΩ,然后λ((f)1,1)λ((f)2,2),对于每个λ(0,λ((f)2,2))此外,u个1(x)u个2(x)v(v)1(x)v(v)2(x)为所有人xΩ对应的最小解。如果(f)1(x)<(f)2(x)1(x)<2(x)在正测度的子集上,那么u个1(x)<(u个2(x)v(v)1(x)<v(v)2(x)为所有人xΩ.

我们将使用Schwarz对称化方法。B类R(右)=B类R(右)(0)成为欧几里得球N个带半径R(右)>0以原点为中心|B类R(右)|=|Ω|,并让u个是…的对称化u个那么众所周知u个仅取决于|x|u个是的递减函数|x|.

定理的证明1.5.

对于每个λ(0,λ(B类R(右),(f),))μ(0,Γ(B类R(右),(f),)(λ))我们考虑最小序列(u个n个,v(v)n个)的(Sλ,μ)如中所定义(3.1),并让(u个^n个,v(v)^n个)是相应Schwarz对称化问题的最小序列:

(2.3) { - Δ u个 = λ (f) ( x ) ( 1 - v(v) ) 2 英寸 B类 R(右) , - Δ v(v) = μ ( x ) ( 1 - u个 ) 2 英寸 B类 R(右) , 0 < u个 , v(v) < 1 英寸 B类 R(右) , u个 = v(v) = 0 上的 B类 R(右) .

λ(0,λ(B类R(右),(f),))μ(0,Γ(B类R(右),(f),)(λ))我们可以考虑相应的最小解(u个^,v(v)^)第页,共页(2.3). 正如引理的证明3.1,我们有0<u个^n个u个^<10<v(v)^n个v(v)^<1B类R(右)为所有人n个.我们将证明序列(u个n个,v(v)n个)我们也有0<u个n个u个^<10<v(v)n个v(v)^<1B类R(右)为所有人n个因此,最小序列(u个n个,v(v)n个)的(Sλ,μ)满足u个n个(x)最大值xB类R(右)u个^v(v)n个(x)最大值xB类R(右)v(v)^和引理的证明一样2.1,存在一个最小的解决方案(u个,v(v))的(Sλ,μ). ∎

定理的证明1.2.

啜饮B类R(右)(f)=啜饮Ω(f)啜饮B类R(右)=啜饮Ω,设置R(右)=(|Ω|ωN个)1/N个,我们可以证明定理1.2作为定理的应用1.5和引理2.6. ∎

3最小解决方案分支

接下来,假设系统解的存在性(Sλ,μ),我们还得到了极小解的存在唯一性。

引理3.1。

对于任何0<λ<λ0<μ<Γ(λ),存在唯一的最小解决方案(u个,v(v))第页,共页(Sλ,μ).

证明。

这个极小解是作为函数对序列的极限而得到的(u个n个,v(v)n个)递归构造如下:(u个0,v(v)0)=(0,0)单位为Ω,每个n个=1,2,,(u个n个,v(v)n个)是形式边值问题的唯一解

(3.1) { - Δ u个 n个 = λ (f) ( x ) ( 1 - v(v) n个 - 1 ) 2 英寸 Ω , - Δ v(v) n个 = μ ( x ) ( 1 - u个 n个 - 1 ) 2 英寸 Ω , 0 < u个 n个 , v(v) n个 < 1 英寸 Ω , u个 n个 = v(v) n个 = 0 上的 Ω .

(U型,V(V))是问题的任何解决方案(Sλ,μ). 首先,很明显1U型>u个001V(V)>v(v)00单位为Ω。现在,假设U型u个n个-1V(V)v(v)n个-1单位为Ω。因此,

{ - Δ ( U型 - u个 n个 ) = λ (f) ( x ) [ 1 ( 1 - V(V) ) 2 - 1 ( 1 - u个 n个 - 1 ) 2 ] 0 英寸 Ω , - Δ ( V(V) - v(v) n个 ) = μ ( x ) [ 1 ( 1 - U型 ) 2 - 1 ( 1 - v(v) n个 - 1 ) 2 ] 0 英寸 Ω , U型 - u个 n个 = V(V) - v(v) n个 = 0 上的 Ω .

根据最大值原理,我们得出如下结论1>U型u个n个>01>V(V)v(v)n个>0英寸Ω很明显,这种论点意味着(u个n个,v(v)n个)是单调递增序列。因此,(u个n个,v(v)n个)一致收敛于一个解(u个,v(v))第页,共页(Sλ,μ),这在这类最小解中是唯一的

我们可以介绍任何解决方案u个第页,共页(),线性化运算符位于u个由定义L(左)u个,λ=-Δ-2λ(f)(x)(1-u个)及其特征值{μk个,λ(u个);k个=1,2,}第一个特征值很简单,可以通过以下变量进行表征

μ 1 , λ ( u个 ) = inf公司 { L(左) u个 , λ ϕ , ϕ H(H) 0 1 ( Ω ) : ϕ C 0 ( Ω ) , Ω | ϕ ( x ) | 2 d日 x = 1 } .

稳定的解决方案(分别为。,半稳定溶液)第页,共页(S公司)λ这些是解决方案吗u个这样的话μ1,λ(u个)>0(分别为。,μ1,λ(u个)0). 遵循M.Crandall和P.Rabinowitz的想法[7],如所示[23]那是为了1N个7λ足够接近λ*有一个独特的解决方案的第二分支()从……分叉u个*.

在这种情况下(u个,v(v))是的解决方案(Sλ,μ)我们考虑第一特征值ν1=ν1((λ,μ),(u个,v(v)))线性化的𝔏:=-Δ-A类(x)围绕(u个,v(v))在Dirichlet边界条件下,其中

Δ Φ = ( Δ ϕ 1 Δ ϕ 2 ) ,

A类 ( x ) := ( 0 12 ( x ) 21 ( x ) 0 ) = ( 0 2 λ (f) ( x ) ( 1 - v(v) ( x ) ) 2 μ ( x ) ( 1 - u个 ( x ) ) 0 ) ,

也就是特征值问题

𝔏 Φ = ν Φ , Φ W公司 0 1 , 2 ( Ω ) × W公司 0 1 , 2 ( Ω ) ,

即,ν1是问题的第一个特征值

(E(λ,μ)) { - Δ ϕ 1 - 2 λ (f) ( x ) ( 1 - v(v) ) ϕ 2 = ν ϕ 1 英寸 Ω , - Δ ϕ 2 - 2 μ ( x ) ( 1 - u个 ) ϕ 1 = ν ϕ 2 英寸 Ω , ϕ 1 = ϕ 2 = 0 上的 Ω .

我们记得在[36,命题3.1]证明了存在一个唯一的特征值ν1具有严格正的本征函数ϕ=(ϕ1,ϕ2)第页,共页((E(λ,μ))),也就是说,ϕ>0单位:Ω=1,2.

备注3.2。

线性化单方程的第一特征值具有变分特征;我们的系统没有类似的公式。

定义3.3(稳定和半稳定溶液)。

解决方案(Sλ,μ)称为稳定(分别为半稳定),如果ν1>0(分别为。,ν10).

提案3.4。

假设(λ,μ)Λ具有0<μλ我们让(u个,v(v))表示的最小解(Sλ,μ). ϕ1,ϕ2如中所示((E(λ,μ))). 然后

ϕ 2 ϕ 1 μ λ 英寸 Ω .

证明。

将差分方程带入((E(λ,μ)))并使用引理2.2,我们获得

- Δ ( ϕ 2 - ϕ 1 ) - ν ( ϕ 2 - ϕ 1 ) + μ ( ϕ 2 - ϕ 1 ) ( 1 - v(v) ) ( μ - λ ) ϕ 2 ( 1 - v(v) ) 英寸 Ω .

现在,定义一个椭圆运算符L(左):=-Δ-ν.我们有

L(左) ( ϕ 2 - ϕ 1 + λ - μ λ ϕ 1 ) + μ ( 1 - v(v) ) ( ϕ 2 - ϕ 1 + λ - μ λ ) L(左) ( ϕ 2 - ϕ 1 + λ - μ λ ϕ 1 ) + μ ( 1 - v(v) ) ( ϕ 2 - ϕ 1 )
( μ - λ ) ϕ 2 ( 1 - v(v) ) + λ - μ λ L(左) ( ϕ 1 ) = 0

利用最大值原理,我们有ϕ2-ϕ1+(λ-μ)ϕ1λ0英寸Ω.重新排列上述方程,我们得到ϕ2ϕ1μλ. ∎

3.1最小解的估计

在我们的论证中,下一个结果对于获得半稳定解的正则性至关重要(Sλ,μ). 关于证明,我们请读者参考[17,引理3]。

引理3.5。

N个1然后让(u个,v(v))C2(Ω¯)×C2(Ω¯); 表示的稳定解

{ - Δ u个 = ( v(v) ) 英寸 Ω , - Δ v(v) = (f) ( u个 ) 英寸 Ω , u个 = v(v) = 0 上的 Ω ,

哪里(f)表示两个非递减C1功能。那么,对所有人来说φCc(c)1(Ω)以下不等式成立:

Ω (f) ( u个 ) ( v(v) ) φ 2 d日 x Ω | φ | 2 d日 x .

现在我们遵循L.Dupaigne、A.Farina和B.Sirakov的方法[17]适用于MEMS外壳。其主要思想是应用Hölder不等式并在系统中迭代这两个方程(Sλ,μ). 该方法对于获得极值解正则性的最优维数至关重要。

定理的证明1.6.

α>1,乘以方程式-Δu个=λ/(1-v(v))2通过(1-u个)-α-1并按部分进行整合,我们有

λ Ω ( 1 - v(v) ) - 2 [ ( 1 - u个 ) - α - 1 ] d日 x = α Ω ( 1 - u个 ) - α - 1 | u个 | 2 d日 x
= 4 α ( α - 1 ) 2 Ω | ( ( 1 - u个 ) - α 2 + 1 2 ) | 2 d日 x .

测试(1-u个)-α2+12-1在引理中3.5,我们获得

2 λ μ Ω ( 1 - u个 ) - 2 ( 1 - v(v) ) - 2 [ ( 1 - u个 ) - α 2 + 1 2 - 1 ] 2 d日 x Ω | ( ( 1 - u个 ) - α 2 + 1 2 ) | 2 d日 x .

结合前面的两个不等式并展开正方形,我们得到

(3.2) λ μ Ω ( 1 - u个 ) - 2 α - 1 2 ( 1 - v(v) ) - 2 λ ( α - 1 ) 2 8 α Ω ( 1 - u个 ) - α ( 1 - v(v) ) - 2 + 2 λ μ Ω ( 1 - u个 ) - α - 1 2 ( 1 - v(v) ) - 2 .

表示

X(X) = Ω ( 1 - u个 ) - 2 α - 1 2 ( 1 - v(v) ) - 2 Y(Y) = Ω ( 1 - u个 ) - α - 1 ( 1 - v(v) ) - α - 2 .

现在我们需要估计右侧的项。第页=αα-1,q个=α利用Hölder不等式和这个指数,我们得到

(3.3) Ω ( 1 - u个 ) - α ( 1 - v(v) ) - 2 X(X) α - 1 α Y(Y) 1 α .

鉴于ϵ>0,我们可以使用Young不等式和引理2.2以获得

(3.4) Ω ( 1 - u个 ) - α - 1 2 ( 1 - v(v) ) - 2 ϵ 2 λ μ Ω ( 1 - u个 ) - α ( 1 - v(v) ) - 2 + μ λ | Ω | 2 ϵ .

因此,通过(3.2), (3.3)和(3.4)我们获得

λ μ X(X) λ [ ( α - 1 ) 2 8 α + ϵ ] X(X) α - 1 α Y(Y) 1 α + | Ω | 2 ϵ .

通过对称性,我们也有

λ μ Y(Y) μ [ ( α - 1 ) 2 8 α + ϵ ] Y(Y) α - 1 α X(X) 1 α + | Ω | 2 ϵ .

乘以这个方程,我们得到

[ 1 - ( ( α - 1 ) 2 8 α + ϵ ) 2 ] X(X) Y(Y) [ ( α - 1 ) 2 8 α + ϵ ] | Ω | 2 ϵ ( X(X) α - 1 α Y(Y) 1 α + X(X) 1 α Y(Y) α - 1 α ) + | Ω | 2 4 ϵ 2 .

选择ϵ=116因此,我们可以验证每个1<α<9.62,任何一个X(X)Y(Y)必须是有界的。我们可以这样假设λμ通过引理2.2我们有u个v(v)因此(1-u个)-必须是有界的L(左)第页对于第页<α+2或在中L(左)q个对于q个<α+5我们注意到第二种情况没有发生,否则半稳定解对于维数应该是正则的N个22,但我们已经知道,在标量情况下,u个*(x)=1-|x|2/当Ω是单位球且N个8因此,第一种情况必须发生,因此u个*是平滑的N个7. ∎

备注3.6。

使用W.Troy的结果[37,定理1],我们可以看到(Sλ,μ)是径向对称的,并且当Ω是N个.


由Nassif Ghoussoub传达


鸣谢

作者感谢匿名裁判为提高论文质量所作的宝贵评论和建议。

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收到:2016-11-06
修订过的:2017-04-08
认可的:2017-05-21
在线发布:2017-08-03
印刷出版:2018-02-01

©2018 Walter de Gruyter GmbH,柏林/波士顿

本作品根据知识共享署名4.0国际许可证授权。

于2014年6月26日从下载https://www.degruyter.com/document/doi/10.1515/ans-2017-6024/html
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